2011年10月28日
TYVJ 1161 [聚会的名单]--Trie树
摘要： 今天下午有位童鞋写这个题用暴力得了50分，感觉十分不爽，于是过来找Kudo求救……碰巧旁边的JAF DTing…… 于是他现学现卖，写了一个Trie树来解决～ [pascal 代码] TYPE LZY=RECORD GOT:LONGINT; NEXT:ARRAY['a'..'z'] OF LONGINT; ... 阅读全文
posted @ 2011-10-28 19:10 NoRush 阅读(202) 评论(0) 推荐(0) 编辑
NOI2001 食物链
摘要： 刚开始看这道题，总感觉可以对这些动物进行染色，令颜色相同的为一类。但是这样是有漏洞的。当你遇到一个没有染过色的动物，你需要给它染什么颜色呢？不能保证结果是正确的。 这道题目考查的数据结构是并查集。 用father[n],path[n]数组分别记录当前结点的祖先和到祖先的距离。 这里规定距离为0时为同类，为1时表示被祖先吃，为2时表示吃祖先。 初始时每个元素的祖先是自己，距离为0... 阅读全文
posted @ 2011-10-28 10:50 NoRush 阅读(1731) 评论(0) 推荐(3) 编辑
2011年10月27日
八数码问题的两种解法
摘要： 这个题可以用A*算法，这里不深究。主要讲解一下普通BFS+hash判重、双向BFS。1）普通BFS+hash判重普通BFS必须hash判重。如果不判重会出现TLE的杯具（亲历……）具体是这么实现的：每次枚举可以到达的状态，如果不是目标状态，并且没有入队，那么就加入队列，直到找到目标状态为止。在这里用的Cantor展开判重。[pascal 代码]Const aim='123804765';VAR q:array[1..100000]of string; step:array[1..100000]of longint; facs:array[... 阅读全文
posted @ 2011-10-27 16:12 NoRush 阅读(1852) 评论(0) 推荐(1) 编辑
NOIp2002 T2 字串变换
摘要： 题目要求最小变换次数，从搜索的角度讲，可以用BFS或者迭代加深。第一次写双向BFS，感觉还算标准的。判重的时候直接暴力O(tail)For循环了，不过依然很快～ Const maxn=10000; maxq=100000;Var a:array[0..1,0..maxn]of string; q:array[0..1,0..maxq]of... 阅读全文
posted @ 2011-10-27 15:34 NoRush 阅读(430) 评论(0) 推荐(0) 编辑
2011年10月26日
TYVJ 1268 [CoVH之柯南开锁]
摘要： 废话不多说，这个题目为二分图最大匹配：把n行每一行看成一个点，共有n个点；把m列每一列看成一个点，共有m个点。当格子为灰色时，把这个格子所属的行的点与列的点连边，这样就构成一个二分图。 VAR cover:array[1..10000]of boolean; link,v:array[1..10000]of longint; map:array[1..10000,1..100]of lon... 阅读全文
posted @ 2011-10-26 20:31 NoRush 阅读(1173) 评论(0) 推荐(0) 编辑
POJ 1988 [Cube Stacking]
摘要： 题目的大意是给你一些相同的立方体，共有1..N这些位置，开始每个位置上只含一个立方体，每个立方体标号1..N，然后让你执行p个操作，但只有两种操作：Move（移动）和 Count（计数）。 1）Move，输入格式M x y，意思为将当前位置为x的那些立方体堆叠到当前位置为y的那些立方体上面 2）Count，输入格式 C x，意思为查询当前标号为x的立方体下面堆叠了多少个立方体（不包含它自身） ... 阅读全文
posted @ 2011-10-26 17:06 NoRush 阅读(265) 评论(0) 推荐(0) 编辑
TYVJ 1520 [树的直径]
摘要： 求树的最长链，用了SPFA+SLF（表示BFS就可以，作者纯属DT） [pascal 代码] Const maxn=100000; maxq=1000000;VAR a,b,e,dis,f:array[1..maxn]of longint; q:array[1..maxq]of longint; vis:array[1... 阅读全文
posted @ 2011-10-26 11:01 NoRush 阅读(248) 评论(0) 推荐(0) 编辑
NOIP2006T2 金明的预算方案
摘要： 这道题可以用树形DP，也可以直接01背包，因为每个物品的附件不能再作为主件，所以选取每个物品就只有这几种可能的情况：不选这个物品、选取这个物品、选取这个物品及它的一个附件、选取这个物品及它的两个附件。很容易地想出来这是个背包问题。 用f[i,j]表示前i件物品用了j元钱获得的最大价值（即重要度与价值的成绩最大），那么状态转移方程是 f[i,j]=max{ f[i-1,j],//不选这件物品 ... 阅读全文
posted @ 2011-10-26 08:09 NoRush 阅读(1612) 评论(0) 推荐(1) 编辑
2011年10月25日
TYVJ P1061 [Mobile Service]
摘要： 很早就写过这个题目，那时候看题解写的，说白了就是抄的程序…… 这几天又拿出来看，突然发现并没有想的那么难，大神勿喷…… 用f[i,j,k]表示在第i个时刻的要求中，第一个人在j位置，第二个人在k位置时的最小花费，因为第三个人一定是在上一个时刻要求的位置，所以可以去掉表示第三个人位置的那一维，用req[i]表示第i时刻要求的位置，则在第i时刻，第三个人是在req[i-1]位置上，初始化需要注意。... 阅读全文
posted @ 2011-10-25 08:16 NoRush 阅读(687) 评论(0) 推荐(0) 编辑
TYVJ P1042 [表达式计算3]
摘要： 最近做的字符串处理问题比较多，所以这个题目直接用的字符串来处理，不需要高精，只需要注意细节。 [pascal 代码] VAR s,pre:string; cz:boolean; i:longint;Procedure init; begin readln(s); end;Function ysf(ch:char):boolean; ... 阅读全文
posted @ 2011-10-25 08:06 NoRush 阅读(343) 评论(0) 推荐(0) 编辑