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Lisa 首先强行选择一个点 然后计算它左边最多长区间，右边也是 就可以了 #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int a[600001]; in 阅读全文
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Jennie 从左往右处理骨牌，需要知道什么就可以确定状态了？ 需要知道当前的差值，然后dp决定取不取反 怎样知道差值 当然是扔到状态里 然后这就是一个背包了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstri 阅读全文
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Jennie 显然可以模拟，但是谁会喜欢写高精和逆元呢？ 需要撤销乘法操作，该怎么做呢 如果说一个个乘法结合起来的话，那么撤销就是把一个数变成1 那么就是一个线段树的问题了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #includ 阅读全文
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CSP2021初赛爆炸记 黄色的树林里分出两条路，可惜我不能同时去涉足 今天是2021/9/19,最后一次NOIP 早晨起的很晚，因为昨晚的CF的原因，打了一个小时跟我说不计rate，shit 好吧好吧不上学还是有自己的轻松之处，买个咖啡就走了 在车上应该学习吗，看来是不合适的，于是也只能睡觉 lj 阅读全文
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jisoo 简单的二分 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstring> using namespace std; int n,m; struct po{ int x; 阅读全文
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jisoo 可以证明，一定只需要考虑需要翻转的边 如果一种合法方案，需要翻转不需要翻转的边，那么就必然有一个过程是把这条边翻转过来， 那么这一条边有两种可能，要不它连着偶数个由需要翻转的边组成的环，要不是有许多同样的此类不翻转边组成的环 对于以上两种可能，可以发现都会出现需要翻转的边连成环的可能。 阅读全文
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jisoo 这是一个拓扑排序，对于一条路线，中间没有走过的节点，一定等级低于路线上经过的节点 然后就可以了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #defin 阅读全文
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Jisoo 首先呢，可以知道，每个数都要去它右边第一个空位置 然后对于$a_i,a_j$，假如$b_i,b_j$是空位的话，那么无论$a_i,a_j$谁去哪里，总距离不变 那么显然让每一个数去它右边的第一空是最有的（拉开距离差距） 然后按照距离分配b #include<iostream> #incl 阅读全文
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Jisoo $dp_i$表示节点i为头的最长毛毛虫 （我这里i的父节点呗算作腿的一条） 然后就可以不用特判地进行转移 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #define int long 阅读全文
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Jisoo 这种背包是不是把一维扔进状态就都能做了啊 $dp_{i,j}$表示到了第i个任务的时候A机器工作了j时间，转移显然 有点卡时间，注意常数优化 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> 阅读全文
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Jisoo 显然找硬币和付钱是两个过程 然而最多给多少钱呢 有应该找最多多多少呢？ 方案一 时间绰绰有余，我们开的大一点 证明 找钱的数量不会超过$V_{max}^2$ #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include< 阅读全文
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jennie 怎样处理呢 $O(n^2)$肯定不行 不如，二进制拆分一下 这样$do_i$表示第i位为1的最长长度 对于每一个数，如果他的某一个二进制位为1，那么他可以从之前这一位为1的状态转移过来，然后转移这一位为1的状态 #include<iostream> #include<cstdio> # 阅读全文
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Lisa 情商和智商和，这不就是个背包 怎样保证大于零呢，我们吧一个商作为维度存进去，另外一个商就是我们转移的值了 然后，直接背包 最后检查所有大于零的部分，统计就可以了 \(dp_i=max(dp_i,dp_{i-s[i]+f_i})\) 注意一下负数要反着转移 然后就可以了 #include<i 阅读全文
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Jennie 一个比较水的动态规划 \(dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[i-1][k])+a_i*j\quad k\in [j-1,j-1+s]\) 然后这个玩意可以用有限队列 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorit 阅读全文
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Jennie 很简单的东西 分左右端点讨论 #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<cmath> using namespace std; int n; int l[20005],r[20005]; int dp[ 阅读全文
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Lisa 这个题其实很水 \[ dp_{ij}=max(dp_{i-1,j-1}+a_{i,j},dp_{i-1,j}) \] 这是什么意思呢，到第i行放j盆花，可能上一个花瓶放的是j-1种花，也可能上一个花瓶（或更久）已经有j-1种花了 #include<iostream> #include<cs 阅读全文
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Lisa 去年考的这东西 今年写写解析 T3 为什么是位，当然就是说一个比特啦 然后×起来就可以了 T15背过呗 然后没啥好说的了 阅读程序 T1 1 1000是必挂好不好 2 如果是个常数列呢 3 没错，例如递增序列和递减序列 4 当然，因为这个i和j互换也是会出现的 5 128的二进制全是1，那 阅读全文
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初赛胡扯 也就是写写我都见过什么 主定理：个人理解删减版 对于$T(n)=aT(\frac{n}{b})+f(n)$如果$n^{log_b{a}}>f(n)$,那么$t(N)=o(N^{log_ba})$ 如果相等，那么$T(n)=O(n^{log_ba}logn)$ 如果小于，那么$T(n)=O( 阅读全文
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Lisa 这个序列只需要考虑最大值和次大值的数量 如果最大值数量大于1，那么所有排列都可以，输出全排列 如果最大值为1且不等于次大值加1，那么不可能存在 如果最大值为1且等于次大值加1，那么只要最大值后面有至少一个次大值就可行 然后就是组合数学算一算 #include<iostream> #incl 阅读全文
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jisoo 从只有几个棋子开始考虑 只有一个的话先手必胜 只有两个的话先手如果动前一个棋子，那么后手一定也可以动 那么先手唯一的方案就是动后面的棋子 这样的话如果有三个，先手动中间的那一个是没有意义的，后手一定可以动最后于一个 如果先手动第一个，后手动中间的也是没有意义的，那么后手要不动第一个要不动 阅读全文