随笔分类 - vjudge
摘要：Aimee 很显然的做法就是枚举每个点为源点然后树形dp \[ d_s[x]=\sum_{y\in son(x)} \left\{ \begin{aligned} min((D_s[y],c(x,y)))\quad degeree_y>1 \\ c(x,y) \quad\quad\quad\quad
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摘要：这个合并果子版的题和哈夫曼树极为相似 Miku #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<queue> using namespace std; priority_queue <long long> q; lon
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摘要：Miku 这道题样例错了！！！ 正确解决方法 ⇒ 写一个搜索 ⇒ TLE ⇒进行记忆化改造 ⇒ Ac #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; const int maxn =15; c
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摘要：Miku 第一关键字是温度，那完全可以在保证图联通的前提下找到最大的最小温度 最小生成树 然后把所有比最小温度还小的边建成一个新图，跑最短路就行了 #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<algorithm> #inc
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摘要：Miku 三分答案这东西，非常好理解 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; int n; double y; double xz=1e-7;//修正精度 double lm,rm; d
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摘要：链接：Miku 思路简单，双向bfs，实现困难 #include<iostream> #include<cstring> #include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; const int maxn=100003; int f,an
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摘要：链接：Miku 大佬的证明 我的代码 #include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<map> using namespace std; char aim[1500001]; int
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摘要：这就是一个博弈论 题目：Miku 这道题我们既可以找规律：如果N是三的倍数，C就赢了，并且我们也可以用SG函数 好，那么怎么用SG函数实现呢，首先确定边界。 如果当前人面前有0个石子，那么显然他输了对吧（最后一个一定被上个人拿走了） 那么SG[0]=0;（我用0表示当前人必败，1必胜0） 那么其他情
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摘要：扫描线求周长 链接（HDU）：Miku 链接（Vjudge）：Miku HDU是多组数据！！！而且不写明白了！！！ 我本以为既然多组数据，何不写上一共几组，既然不写，那必然是不存在了 但是它就是多组数据 这道题显然的做法是扫描两次，横着一次竖着一次，不过会很繁琐 事实上，一次就够了 完全可以从上向下
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摘要：链接:Miku 没有UVa账号唉 卡了蒟蒻一天，因为漏掉了懒标记的下放。 线段树的巨大码量，为bug提供了绝佳的掩护 写完后，我哭了 人间的喜悦就这么简单吧 对于一个矩阵，有两个操作，子矩阵加v或者子矩阵变为v 询问子矩阵最大值，最小值和和 最简单的想法是线段树，不过太难实现了（对于本蒟蒻），所以说
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