P10202 [湖北省选模拟 2024] 沉玉谷 / jade

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看到求 $[l,r]$ 中满足条件的数，以及 $l,r$ 的数据范围，可以联想到数位 dp：将答案拆成 $[1,r]$ 和 $[1,l-1]$ 两部分计算。又看到里面又是一个最优化问题，猜测是一个 dp of dp 状物。

那么我们就来研究一下 $f(n)$ 这个函数。它是一个数通过某种操作所达到的最值，那么就有两种思考方向，一种是寻找操作的贪心策略，另一种是动态规划求最值。

通过手玩一些数可以发现，不存在某种明显的贪心策略。那么怎么 dp？首先可以观察到一个性质：$f(n)\le 9$。感性理解是容易的，因为可以构造出一种策略，每当你下一次加操作会超过 $9$ 时，你都可以将这次操作改成减从而时答案始终保持在 $[-9,9]$ 之间。这样便将答案框在更小的范围内。

进一步可以发现，中间过程会达到的绝对值最大值也可以推出不超过 $9+7\times 9=72$ 个。这时候我们希望能够写出一个状态，使得对于数位 dp 的终止状态构成的数 $x$，我都能够 $O(1)$ 判断 $f(x)\le k$ 是否正确。

于是需要设计一个可达性状态。到这里也就可以大胆将当前答案放到状态里了，设 $g_{sta,i}$ 表示当前状态 $sta$，能否达到绝对值为 $i$。转移实际上就是一个背包，每增加一位就转移到一个新状态 $p$，$g_{p,j+c}$ 和 $g_{p,|j-c|}$。发现转移就是平移，并且每一位只有两种状态，所以直接用 __int128 将每个状态压成一个数去转移。

猜测状态数不多，于是写出 $g$ 的自动机，发现状态数不超过 ${10}^4$ 的量级。那么就可以用 dp 套 dp，设 $f_{dep,sta,k}$ 表示当前考虑到的位在自动机上状态为 $sta$，能形成的满足条件的数字的个数。剩下的就是数位 dp 的板子了。

#include <bits/stdc++.h>
#define pii std::pair<int, int>
#define mk std::make_pair
#define fi first
#define se second
#define pb push_back

using i64 = long long;
using ull = unsigned long long;
const i64 iinf = 0x3f3f3f3f, linf = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
/*

*/
const int N = 21, M = 18010, B = 81;
int q, n, k, tot, len;
int tr[M][10], g[M], a[N];
std::map<__int128, int> mp;
i64 f[N][M][N];
__int128 o = 1;
void write(__int128 x) {
	if(x < 0) putchar('-'), x = -x;
	if(x > 9) write(x / 10);
	putchar(x % 10 + '0');
	return;
}
i64 build(__int128 sta) {
	if(mp[sta]) return mp[sta];
	int id = mp[sta] = ++tot;
	for(__int128 i = 0; i <= B; i++) {
		if((sta >> i) & 1) {
			g[id] = i;
			break; 
		}
	} 
	for(int c = 0; c <= 9; c++) {
		__int128 nxt = 0;
		for(__int128 i = 0; i <= B; i++) {
			if((sta >> i) & 1) {
				if(i + c <= B) nxt |= (o << (i + c));
				if(i >= c) nxt |= (o << (i - c));
				else nxt |= (o << (c - i));
			}
		}	
		tr[id][c] = build(nxt);
	}
	return id;
}
i64 dfs(int dep, int eq, int sta) {
	if(!dep) {
		return g[sta] <= k;
	}
	if(!eq && f[dep][sta][k] != -1) return f[dep][sta][k];
	int ed = eq ? a[dep] : 9;
	i64 ret = 0;
	for(int i = 0; i <= ed; i++) {
		ret += dfs(dep - 1, eq && (i == ed), tr[sta][i]);
	}
	if(!eq) f[dep][sta][k] = ret;
	return ret;
}
i64 solve(i64 x) {
	len = 0;
	while(x) a[++len] = x % 10, x /= 10;
	return dfs(len, 1, 1);
}
void fake_main() {
	i64 l, r;
	std::cin >> l >> r >> k;

	if(k >= 9) std::cout << r - l + 1<< "\n";
	else std::cout << solve(r) - solve(l - 1) << "\n";
}
int main() {
    std::ios::sync_with_stdio(false);
    std::cin.tie(nullptr);
    
    memset(f, -1, sizeof(f));
    build(o);
	std::cin >> q;

	while(q--) fake_main();

	return 0;
}