盖世计划--0725--B班训练

A#

结论题。

容易做差去考虑，设 $c_i=a_i-b_i$，每次操作就是在 $c$ 序列上选择 $k$ 个位置，奇数位 $+1$，偶数位 $-1$。这并不会改变区间和，所以有解的必要条件是区间和为 $0$。

这还不够，转化到前缀和上考虑，我们发现操作只会让前缀和变大，所以另一个条件就是任意位置的前缀和小于等于 $0$。

考虑最少的操作次数，再分析操作，每一次操作可以让前缀和上若干区间 $+1$，并且由于有解，区间最后一个位置前缀和 $c_i$ 一定为 $0$，可以构造一组方案，使得答案为区间前缀和最小值的相反数。

维护区间最大/小值复杂度 $O(n\log n)$。

B#

写过了。简单状压。

C#

区间 dp。

写过了。可行性问题的主要优化方式就是把状态内存的 $0/1$ 换为最优位置等更好的信息，分段维护信息，减小复杂度。

D#

写过了。简单状压。

E#

图论题。

首先根据内向基环树的充要条件：

具有 $n$ 个点 $n$ 条边的联通块，任意节点有且只有一条出边

所以从内向基环树上考虑，最终的答案一定是一个环，也就是每个点有且仅有一条入边。

将树断成若干链，要使答案最优，考虑贪心，每个节点独立，所以保留代价最大不删即可。

然后发现在环上的点有时是错的：如果环上所有边都保留，那么就不是链了。

所以环上至少断一条边，这条边一定是改变后答案增加最小的边。

复杂度 $O(n)$。

F#

简单状压。

G#

状压 dp。

实数范围内的随机显然一点思路都没有，考虑转化条件。

人类智慧：设 $y_i=x_i-0.5$，那么限制就变成：

1. $y_i+y_j\le 0$
2. $y_i+y_j\ge 0$

这两个式子的判断实际上只与绝对值大的数有关。具体的说：不妨设 $|y_i|\le |y_j|$，那么 $y_i+y_j\le 0$ 的充要条件就是 $|y_j|\le 0$。这样每个位置就只关心正负性了，脱离实数就好做了。

这启发我们按绝对值从小到大考虑 $y_i$，这样每条限制就只和前面的数相关了。考虑状压，设 $f_s$ 表示考虑了当前集合 $s$ 中的位置的满足限制（只考虑集合中相互的限制）的方案数。转移枚举集合中的最大值满足限制下是取正还是取负。

考虑这样的方案数实际上是啥。实际上是长度为 $n$ 的 $01$ 串从小到大考虑后满足限制的方案数。每个 $1$ 数量相同的 $01$ 串有 $n!$ 种排列，而满足大小关系的排列只有 $1$ 种，所以总共的情况为 $2^{n}n!$ 种，答案需要除以 $2^{n}n!$。