CF1923（重要）

只做了 A，成功被 sb 错误卡住。

A

每次挑最右边的左移。

B

每次一定是优先向最近的怪物打，打完一个打下一个最近的。

子弹不一定只能打两个怪物，所以打的时候用循环判断子弹是否打完。

C

1. l = r 不行

2. 否则考虑全 1 再把所有 $c_i=1$ 的都 +1，这需要 $cnt1[r]-cnt1[l-1]+(r-l+1)$，$cnt1[i]$ 表示前 $i$ 个中 $1$ 的个数。

   如果 $s[r]-s[l-1]<\text{上面的式子}$，就可以放下；否则就是不能。

   注意是 $<$ 不是 $\le$。

D

先对于每个位置求出 $l,r$：$l[i]$ 表示与 $a_i$ 相等的数字段左端点在哪里，$r[i]$ 表示右端点。

对一个位置 $x$ 的答案分成两类：它左边的吃掉它和它右边的吃掉它，这两类是类似的。

对于它左边的吃掉它，我们先二分一个位置 $pos$：$pos$ 是最大的使得 $a_{p}os+\cdots +a_{x-1}>a_x$ 的位置。

如果 $pos\sim x-1$ 不是全相等，那就可以用 $x-pos$ 次吃掉。

如果 $1\sim x-1$ 全相等，则“它左边的吃掉它”这一类无解。

否则就是 $l[pos]\sim x-1$ 都是相等的，所以让 $a_{l[pos]}$ 吃掉 $a_{l[pos]-1}$ 再一路吃过去。

E

void srh(int v, int fa) {
	int u = cntc[c[v]], s = up[c[v]];
	ans += s;
	for (int i = 0; i < e[v].size(); i++) {
		if (e[v][i] == fa)
			continue;
		up[c[v]] = 0;
		srh(e[v][i], v);
	}
	ans += cntc[c[v]] - u;
	cntc[c[v]] = u + 1;
	up[c[v]] = s + 1;
}

$c[x]$ 表示 $x$ 的颜色，$cntc[clr]$ 记录当前有多少个已经回溯了的 $clr$ 色的点上方没有已经回溯的 $clr$ 色的点，$up[clr]$ 表示当前有多少个 已经回溯了的 是$clr$色的 上方没有$clr$色的 不在$v$子树中的 结点。

代码解释：

ans += cntc[c[v]] - u，$u$ 是没遍历这颗子树时“裸露”的 $c[v]$ 个数，$cntc[c[v]]$ 是现在“裸露”的 $c[v]$ 个数，所以 $cntc[c[v]]-u$ 就是这颗子树内有多少个裸露的 $c[v]$，都可以与 $v$ 组成好路径。

ans += s，这些兄弟结点与当前节点都能组成好路径。

up[c[v]] = 0 是因为马上我们就要递归进子节点了，因为对于 $v$ 的子节点 $s$ 来说，所有 $s$ 的颜色为 $clr$ 的兄弟结点都不是“裸露”着的了，于是 $up$ 改为 $0$。