摘要：
Thinking about it: 看到这题时，我马上想到了hdu 的 1496，这两题有异曲同工之处。我个人对hdu1496的题解：Click Here 将所有第一第二个数的和a + b都保存起来，记录每个数出现的次数，然后计算每一个c + d，对于每一个c + d，查询-(c + d)出现... 阅读全文
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时间很快，短训已经结束，短短20天，心里有一些思绪想要记下。 收获： 从最近发的随笔中可以看出，做得最多的是搜索——Dfs，Bfs。对于搜索，如何描述状态，如何压缩状态，如何决定下一个结点，是否可以剪枝 等等，都是在做搜索题目时需要注意的。当然做的题目量不仅仅是只有写成随笔的那些题，还有一些... 阅读全文
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基本思路就是Bfs： 本题的一个关键就是如何判段状态重复。 1.如果将状态用一个int型数组表示，即假设为int state[17]，state[0]代表机器人的位置，从1到M从小到大表示障碍物的位置。那么如果直接用STL中的set是会超时的，但如果自己建立一个hash方法，像这样： int... 阅读全文
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题目要求就是做求两个二进制数的gcd，如果是用java的话，这题很简单。但也可以用C++做，只能先给自己留下这个坑了，还在研究c++的做法。import java.math.BigInteger;import java.util.Scanner;/** * Created by emerald on... 阅读全文
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基本思路是Dfs： 1. 一个一个格子摆放，以每个各自的左上角的点为基准点代表格子，比如（0，0）代表（0，0）（0，1）（1，0）（1，1）组成的格子，（0，1）代表（0，1）（0，2）（1，1），（1，2）组成的格子，以此类推，即可一个一个格子按顺序摆放。 2. 当摆放（x，y）时，比较分别... 阅读全文
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大致思路是DFS： 1. 每个图案所包含的白色连通块数量不一： Ankh : 1 ; Wedjat : 3 ; Djed : 5 ; Scarab : 4 ; Was : 0 ; Akeht : 2 根据每个图包含的白色连通块判断是哪个图案 2. 两个Dfs函数，一个判断白色，一... 阅读全文
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关于这题，先看看官方的解释：地球人都知道整点是不能构成正五边形和正三边形和正六边形的，所以只需暴力枚举四个点判断是否是正四边形即可。假如你不是地球人，那么即使暴力枚举正三边 形和稍微不那么暴力地找正五边形和正六边形也是可以通过的（反正找不到）。那么很明显，接下来要思考就是如何找正四边形，只找四条相... 阅读全文
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这道题如果直接用Dfs，运气好的话是可以直接过的。 但如果要在Dfs的基础上加快速度，剪枝是必不可少的。 我的剪枝策略： 1.当前点（x，y）回到出发点至少需要 |x| +| y| 步，如果剩余的步数不足以达到当前所需的最小步数，则剪枝。比如在没有障碍的情况下，要求在4次行走时完成回路... 阅读全文
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大致思路：其实用dfs就可以解决，但是只用dfs的话，会导致超时。在进行dfs前，应该判断一下从1点能否到达目的地，这样就不会超时了，估计是测试数据中有很多是从1点无法到达目的地的。 判断能否到达可以用bfs判断，在这道题里，效率还算不错。C++代码：#include #include #in... 阅读全文
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基本思路是递归枚举，对每一个位置每一次从'A'开始到'A'+L-1枚举，如果在这个位置的选择这个字母能使字符串成为‘Hard’，则计数，一直计数到N就立即输出答案。判断是否是‘Hard’的方法，从末尾开始枚举长度为1的字符串一直到长度floor(Length/2)的字符串和前一个相同长度的字符串比较... 阅读全文