【题解】CF319D 字符串 复杂度分析 哈希

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好题，涉及复杂度分析，字符串结论，思维量较大。

发现这种操作是不好同时进行的，我们只能较为“愚蠢”地模拟着操作，但是这种操作最多又有可能有 $O(n)$ 次，直接做的复杂度是 $O(n^2)$ 的，但是能过，考虑优化，一个比较好想到的优化是把所有长度为 $len$ 的 $\text{XX}$ 一起缩，

首先若我们从小到大所掉了所有长度为 $[1,i-1]$ 的串后，接着缩完长为 $i$ 的串后不可能存在长为 $[1,i]$ 的 $\text{XX}$ 串可以再被缩，证明如下：

反证，假设缩完 $\text{XX}\to \text X$ 后有连续串 $\text{YY}$，且 $|Y|<|X|$：

若 $\text{YY}$ 有超出 $\text X$ 的部分，则会直接缩掉 $\text{YY}$，不符合。

$\text{X}$ 是 $\text{YY}$ 的子串，则一定可以选取 $\text{Y}$ 的一个子串使得它又是 $\text{X}$ 的前缀又是 $\text{X}$ 的后缀，所以 $\text{XX}$ 的拼接处一定存在一个长度小于 $\text X$ 的重复没有删除，不符合。

所以上述引理得证。

然后就证明了一件事：从小到大缩掉所有长度为 $len$ 的串是正确的，长度为 $len$ 的串是可以通过字符串算法或者相关技巧做到一次缩完，我们稍后讨论。

因为缩掉长度 $2len$ 的 $\text{XX}$ 后长度会减少 $len$，又因为总长是 $n$，所以所有串串最多有 $\lceil 2 \sqrt n \rceil$ 种不同的长度，因为 $1+2 \dots \lceil 2 \sqrt n \rceil \geq n$ 。

所以我们每次遇到能删的串串直接遍历全串删就完了，接下来我们要考虑如何判断是否存在 $len$ 的 $\text{XX}$ 串，用一个比较经典的套路就是将串分成长度为 $len$ 的段，如果某段和前面的 LCP 和 后面段的 LCS 的长度之和不小于 $len$，那么一定存在一个这样的串，暴力缩长度为 $len$ 的串，使用双指针或者哈希均可。

这样的观察点总数是 $\sum _{len=1}^{n/2} \frac n {len}=O(n\log n)$ 。

然后我们需要一个快速求 LCS、LCP 的算法，设其初始化复杂度为 $O(A)$，单次查询复杂度为 $O(B)$，则总复杂度为 $O(A\sqrt n + Bn\log n)$，在这里使用字符串哈希的 $A=n,B=\log n$ 优于后缀数组的 $A=n\log n,B=1$，总复杂度 $O(n\sqrt n+n\log^2n)$。