CODEVS-1215迷宫

迷宫

原题：传送门

题目描述 Description

在N*N的迷宫内，“#”为墙，“.”为路，“s”为起点，“e”为终点，一共4个方向可以走。从左上角（(0,0)“s”）位置处走到右下角（(n-1,n-1)“e”）位置处，可以走通则输出YES，不可以走则输出NO。

输入描述 Input Description

输入的第一行为一个整数m，表示迷宫的数量。 
其后每个迷宫数据的第一行为一个整数n（n≤16），表示迷宫的边长，接下来的n行每行n个字符，字符之间没有空格分隔。

输出描述 Output Description

输出有m行，每行对应的迷宫能走，则输出YES，否则输出NO。

样例输入 Sample Input

1 
7 
s...##. 
.#..... 
....... 
..#.... 
..#...# 
###...# 
......e

样例输出 Sample Output

YES


解题思路：1.首先，题目要求很明确从左上角s能不能走到右下角e,其实起点和终点在哪里都无所谓,我们只需要找到一条路到达终点即可
                 2.虽然很容易想到是深搜，但是不需要回溯(没说求出最短距离,可以自己练练)，所以深搜时向4个方向都递归一次即可
                 3.还需要设置一个标记数组mark，避免陷入死循环中（一直在转圈）

核心代码：

#include<iostream>
using namespace std;
char mi[1000][1000];
int ma[1000][1000], mark = 0, ax, ay;
int m, n;
int z, j, haha;

void dfs(int x, int y)
{
    if (mi[x][y] == 'e')
    {
        cout << "YES" << endl;
        mark = 1;
        return;
    }
    if (x<1 || y<1 || x>n || y>n || mi[x][y] == '#' || ma[x][y] == 1)
        return;
    ma[x][y] = 1;//不需要回溯，因为只需要找一种情况 
    dfs(x + 1, y);
    dfs(x - 1, y);
    dfs(x, y + 1);
    dfs(x, y - 1);
}
int main()
{
    cin >> m;
    for (int i = 1; i <= m; i++)
    {
        cin >> n;
        for (j = 1; j <= n; j++)
            for (z = 1; z <= n; z++)
            {
                cin >> mi[j][z];
            }
        dfs(1, 1);
        if (mark == 0)
            cout << "NO" << endl;
    }
    return 0;
}