CF1700C Helping the Nature

题目大意：

给出一个长度为 n 的序列 a，每次可以进行三种操作中的一种：

• 选择i，将 a_1,a_2,...,a_i减1。
• 选择i，将 a_i,a_i+1,...,a_n减1。
• 将所有 a_i加1。
  求最少需要多少次操作将所有 a_i变为0

题解：

一看这道题，就知道是个构造题
一开始也是想了很多方法，比如求一个数与其他数的差值（差一点就到正解了），或者是看绝对值与答案之间的关系（毫无卵用）。但是最后才发现，前两个操作本质上改变的是相邻两个数的差值。
于是有了一个新的思路：将响铃两个数的差值通过一步步变化变为0，并记录一下变为0后每一个数的值，最后进行全体加或减即可得到全0序列；

点击查看代码

#include<bits/stdc++.h>
#define int long long 
using namespace std;
const int MAXN = 200005;
int t,n,a[MAXN],del[MAXN];
signed main(){
	cin >> t;
	while(t--){
		int ans = 0;
		cin >> n;
		memset(a,0,sizeof a);
		for(int i = 1; i <= n; i++){
			cin >> a[i];
			if(i > 1){
				del[i - 1] = a[i] - a[i - 1];//记录前后两个数的差值 
			}
		}
		int now = a[1];//now即你希望把数列中所有数变成的值（在这个程序中我们把now定为当前前缀中每一个数的值），这个值是变化的，在未进行操作时，我们默认将now赋值为数列中第一个元素的值 
		for(int i = 1; i < n; i++){
			if(del[i] > 0){//分两种情况进行讨论，如果后面的数减前一个数大于0，说明后面的数比前面的数大，就应该将后缀全部减小直到差值为0，因为操作的是后缀，跟前缀无关，就不需要更新now了 
				ans += del[i];//答案加上操作的次数，没有问题吧？ 
			} 
			else if(del[i] < 0){
				now -= abs(del[i]);//如果后面的数小于前面的数，就需要将前缀减小，直到二者的差值为0，因为处理的是前缀，所以应该将now更新
				ans += abs(del[i]);//更新答案 
			}
		}
		ans += abs(now);//注意，当你把所有相邻的数的差值都变为0时，序列中的数并不一定为0，因此需要再进行一次操作 
		cout << ans << "\n"; 
	}
}
//不用在每次操作时更新所有数，耗时且无意义，只需要记录一下now即可 

__EOF__

本文作者：Never Gonna Give You Up!
本文链接：https://www.cnblogs.com/CZ-9/p/16471541.html
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