BZOJ 3931 网络吞吐量（最短路+拆点最大流）
3931: [CQOI2015]网络吞吐量
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 1607 Solved: 652
[Submit][Status][Discuss]
Description
路由是指通过计算机网络把信息从源地址传输到目的地址的活动，也是计算机网络设计中的重点和难点。网络中实现路由转发的硬件设备称为路由器。为了使数据包最快的到达目的地，路由器需要选择最优的路径转发数据包。例如在常用的路由算法OSPF(开放式最短路径优先)中，路由器会使用经典的Dijkstra算法计算最短路径，然后尽量沿最短路径转发数据包。现在，若已知一个计算机网络中各路由器间的连接情况，以及各个路由器的最大吞吐量（即每秒能转发的数据包数量），假设所有数据包一定沿最短路径转发，试计算从路由器1到路由器n的网络的最大吞吐量。计算中忽略转发及传输的时间开销，不考虑链路的带宽限制，即认为数据包可以瞬间通过网络。路由器1到路由器n作为起点和终点，自身的吞吐量不用考虑，网络上也不存在将1和n直接相连的链路。
Input
输入文件第一行包含两个空格分开的正整数n和m，分别表示路由器数量和链路的数量。网络中的路由器使用1到n编号。接下来m行，每行包含三个空格分开的正整数a、b和d，表示从路由器a到路由器b存在一条距离为d的双向链路。 接下来n行，每行包含一个正整数c，分别给出每一个路由器的吞吐量。
Output
输出一个整数，为题目所求吞吐量。
Sample Input
1 2 2
1 5 2
2 4 1
2 3 3
3 7 1
4 5 4
4 3 1
4 6 1
5 6 2
6 7 1
1
100
20
50
20
60
1
Sample Output
HINT
对于100%的数据，n≤500，m≤100000，d,c≤10^9
题目链接：BZOJ 3931
由于一个路由器视为一个点而不是一条边因此要把路由器$i$拆成$i$与$i+n$的一条边，容量为该路由器吞吐量，然后跑个最短路在遍历所有边，若d[v]-d[u]==e[i].dist则说明这条边在最短路上，把它加入网络中，嗯这样一来绝壁1A啊，然后就怀疑人生了，输出结果居然是1，又滚回去看了下题目数据发现很奇怪，为什么起始点的吞吐量只有1答案却有70，最后发现是“自身的吞吐量不用考虑”这句话的问题，所以将起点和终点的吞吐量变为无穷大即可，数组大小根据拆点范围和for的循环关系可以得到。对了linux下的longlong用lld，然后inf用longlong下的memset设定的inf即可，
这题无穷大的值一定要设好，不然可能会WA
代码：
#include <stdio.h>
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define INF 0x3f3f3f3f
#define LC(x) (x<<1)
#define RC(x) ((x<<1)+1)
#define MID(x,y) ((x+y)>>1)
#define CLR(arr,val) memset(arr,val,sizeof(arr))
#define FAST_IO ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);
typedef pair<int, int> pii;
typedef long long LL;
const double PI = acos(-1.0);
const int N = 510;
const int M = 100010;
struct Edge
{
int to, nxt;
LL dx;
Edge() {}
Edge(int To, int Nxt, LL Dx): to(To), nxt(Nxt), dx(Dx) {}
};
struct edge
{
int to, nxt;
LL cap;
edge() {}
edge(int To, int Nxt, LL Cap): to(To), nxt(Nxt), cap(Cap) {}
};
Edge E[M << 1];
edge e[(N + 2 * M) << 1];
int head[N], h[N << 1], tot, rtot;
int d[N << 1];
LL dis[N];
bitset<N>vis;
LL pos[N];
void init()
{
CLR(head, -1);
CLR(h, -1);
rtot = 0;
tot = 0;
CLR(dis, INF);
vis.reset();
CLR(pos, 0);
}
inline void addE(int s, int t, LL dx)
{
E[tot] = Edge(t, head[s], dx);
head[s] = tot++;
}
inline void adde(int s, int t, LL cap)
{
e[rtot] = edge(t, h[s], cap);
h[s] = rtot++;
e[rtot] = edge(s, h[t], 0LL);
h[t] = rtot++;
}
void spfa(int s)
{
queue<int>q;
q.push(s);
dis[s] = 0LL;
vis[s] = true;
while (!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
vis[u] = false;
for (int i = head[u]; ~i; i = E[i].nxt)
{
int v = E[i].to;
if (dis[v] > dis[u] + E[i].dx)
{
dis[v] = dis[u] + E[i].dx;
if (!vis[v])
{
vis[v] = true;
q.push(v);
}
}
}
}
}
int bfs(int s, int t)
{
CLR(d, -1);
d[s] = 0;
queue<int>q;
q.push(s);
while (!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
for (int i = h[u]; ~i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (d[v] == -1 && e[i].cap > 0LL)
{
d[v] = d[u] + 1;
if (v == t)
return 1;
q.push(v);
}
}
}
return ~d[t];
}
LL dfs(int s, int t, LL f)
{
if (s == t || !f)
return f;
LL ret = 0LL;
for (int i = h[s]; ~i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (d[v] == d[s] + 1 && e[i].cap > 0LL)
{
LL df = dfs(v, t, min<LL>(f, e[i].cap));
if (df > 0LL)
{
e[i].cap -= df;
e[i ^ 1].cap += df;
ret += df;
f -= df;
if (!f)
break;
}
}
}
if (!ret)
d[s] = -1;
return ret;
}
LL dinic(int s, int t)
{
LL ret = 0LL;
while (bfs(s, t))
ret += dfs(s, t, INF);
return ret;
}
int main(void)
{
int n, m, a, b, i;
LL dx;
while (~scanf("%d%d", &n, &m))
{
init();
LL inf = dis[0];
for (i = 0; i < m; ++i)
{
scanf("%d%d%lld", &a, &b, &dx);
addE(a, b, dx); //Em
addE(b, a, dx); //Em
}
for (i = 1; i <= n; ++i)
scanf("%lld", &pos[i]);
spfa(1);
pos[1] = pos[n] = inf;
for (int u = 1; u <= n; ++u)
{
adde(u, u + n, pos[u]); //en
for (int j = head[u]; ~j; j = E[j].nxt)
{
int v = E[j].to;
if (dis[v] - dis[u] == E[j].dx)
adde(u + n, v, inf); //em*2
}
}
printf("%lld\n", dinic(1, n << 1));
}
return 0;
}
