[算进] 换教室（期望dp）
Problem
Solution
特水的一道题，但是联赛前是半抄题解过的，今天再做一遍。
决策特别明显：第 i 节课申请换教室或者不申请换教室。
根据期望的定义：不申请，则期望消费就是上一个教室到这一个教室的路程（如果上一次申请的话，上一次的教室就有两种可能，就要乘上相应的概率）；申请，则期望消费就是上一个教室到这一个教室的路程再乘上相应的概率（同理要分别讨论上一次是否申请，同理乘上相应概率）（这里便是这个题目复杂的地方）
我们可以根据决策推导出需要设计的状态：\(f[i][j][0/1]\) 表示前 \(i\) 次申请了 \(j\) 次，这次否/是选择申请（0是没有申请、1是申请了）。
例如 \(f[i][j][0]\) 的转移需要分类讨论上一次是否申请，从中选取最小值：
-
上一次没有申请：\(f[i-1][j][0]+g[c_{i-1}][c_i]\)
-
上一次有申请：\(f[i-1][j][1]+g[c_{i-1}][c_i]*(1-p_{i-1})+g[d_{i-1}][c_i]*p_{i-1}\)
（\(g[i][j]\) 表示 \(i\) 到 \(j\) 的距离，\(p_i\) 表示第 \(i\) 次申请成功的概率）
\(f[i][j][1]\) 的转移也是同理的，只是略显麻烦一点。（要多考虑一层，当前是哪个教室乘上相应概率）
距离的预处理用 \(Floyd\)。
值得注意的是，double 类型的数组清空最好不用 memset
Code
Talk is cheap.Show me the code.
#include<bits/stdc++.h>
#define INF 99999999
using namespace std;
inline int read() {
int x=0,f=1; char ch=getchar();
while(ch<'0' || ch>'9') { if(ch=='-') f=-1; ch=getchar(); }
while(ch>='0'&&ch<='9') { x=(x<<3)+(x<<1)+(ch^48); ch=getchar(); }
return x * f;
}
const int V_N = 307, N = 2007;
int n,m,V,E;
int g[V_N][V_N];
int c[N],d[N];
double p[N],f[N][N][2];
void Floyd() {
for(int k=1;k<=V;++k)
for(int i=1;i<=V;++i)
for(int j=1;j<=V;++j)
g[i][j] = min(g[i][j],g[i][k]+g[k][j]);
for(int i=0;i<=V;++i) g[0][i] = g[i][0] = g[i][i] = 0;
/*puts("test dist");
for(int i=0;i<=V;++i)
for(int j=0;j<=V;++j)
printf("%d->%d dist=%d\n",i,j,g[i][j]);
puts("test end.\n");*/
}
int main()
{
n = read(), m = read(), V = read(), E = read();
for(int i=1;i<=n;++i) c[i] = read();
for(int i=1;i<=n;++i) d[i] = read();
for(int i=1;i<=n;++i) scanf("%lf",&p[i]);
memset(g, 0x3f, sizeof(g));
for(int i=1,u,v,w;i<=E;++i) {
u = read(), v = read(), w = read();
g[u][v] = g[v][u] = min(g[u][v],w);
}
Floyd();
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=0;j<=m;++j)
f[i][j][0] = f[i][j][1] = INF;
f[1][0][0] = f[1][1][1] = 0;
for(int i=2;i<=n;++i)
for(int j=0;j<=m;++j) {
f[i][j][0] = min(f[i-1][j][0]+g[c[i-1]][c[i]], f[i-1][j][1]+g[c[i-1]][c[i]]*(1-p[i-1])+g[d[i-1]][c[i]]*p[i-1]);
if(j == 0) continue;
f[i][j][1] = min(f[i-1][j-1][0]+g[c[i-1]][c[i]]*(1-p[i])+g[c[i-1]][d[i]]*p[i],
f[i-1][j-1][1]+g[c[i-1]][c[i]]*(1-p[i-1])*(1-p[i])
+g[c[i-1]][d[i]]*(1-p[i-1])*p[i]
+g[d[i-1]][c[i]]*p[i-1]*(1-p[i])
+g[d[i-1]][d[i]]*p[i-1]*p[i]);
}
double ans = INF;
for(int i=0;i<=m;++i) {
ans = min(ans, min(f[n][i][0], f[n][i][1]));
//printf("test: %.2lf %.2lf\n",f[n][i][0],f[n][i][1]);
}
printf("%.2lf\n",ans);
return 0;
}
Summary
double 数组清空这里不要用 memset(f, 0x3f, sizeof(f)) !!!而是改用下列代码：
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=0;j<=m;++j)
f[i][j][0] = f[i][j][1] = INF;
两行泪、两行泪。
