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摘要： 首先假设输入的是n,m我们就是要求m^(Σ(c(n,i) i|n)) mod p那么根据费马小定理，上式等于m^(Σ(c(n,i) i|n) mod (p-1)) mod p那么问题的关键就是求Σ(c(n,i) i|n) mod (p-1)了那么如果P是素数的话，我们可以用lucas定理来快速求出来组合数，这道题的p-1是非素数，那么我们分解质因数pi，假设c(n,i) i|n为X，那我们求出来X mod pi=ai，这个是符合lucas定理的，那么我们可以得到质因子数个式子（本题有4个质因子），然后我们用中国剩余定理合并这4个式子就行了/*************************** 阅读全文

摘要： 详见BYV的博客，写的非常全面https://www.byvoid.com/blog/noi-2008-employee/**************************************************************Problem: 1061User: BLADEVILLanguage: PascalResult: AcceptedTime:1496 msMemory:1028 kb****************************************************************///By BLADEVILvarn, m :longi 阅读全文

摘要： 首先我们可以将这张图转化为一棵树，其中可能有好多环，肯定是从1走到N，其中可能经过好多环，因为我们不走N在的一支，最后还是会走回来，因为a xor b xor b=a，所以相当于没走，就是走了个环，那么我们这个题可以转化成有若干个环的值，还有1-n的值，在环中全任意个，xor起来再xor 1-n的，使最后最大。求环的时候我们可以记下每个点的一个值，代表从1到这个点的路径值xor，用size表示（我英语不好。。。）那么我们做一遍dfs，如果X访问到已经走过的点P了，那么就出现了环，环中的值就是SIZE[p] xor size[x] xor len[q]这样我们就得到了环的值。这里的环不一定是所有 阅读全文

摘要： 我们用dis[i,j]代表到i这个点，用j张票的最短路程，那么我们只需要在SPFA更新的时候，用dis[i,j]更新dis[p,j]和dis[p,j+1]就行了/**************************************************************Problem: 2662User: BLADEVILLanguage: PascalResult: AcceptedTime:4 msMemory:376 kb****************************************************************///By BLADEV 阅读全文

摘要： 我们用DP来解决这个问题W[I,J]表示准考证的第I位，和不吉利的数匹配到了第J位的方案数，这个状态的表示也可以看成当前到第I位了，准考证的后J位是不吉利的数的前J位，的方案数那么我们最后的ans=ΣW[N,I] 0s[j+1]) and (j0) do j:=pre[j];if s[i]=s[j+1] thenbegininc(j);pre[i]:=j;end;end;for i:=0 to m-1 dofor j:=0 to 9 dobeginstr(j,c);k:=i;while (s[k+1]c) and (k0) do k:=pre[k];if s[k+1]=c then inc(k 阅读全文

摘要： 首先我们有一颗树每个点（或者边）有权值，我们要做的就是询问两个点之间路径上各点（边）权值的最大、最小，权值和（就是线段树能干的），然后我们还要支持在线更改任意节点（边）的权值。 我们要做的是轻重链剖分，首先我们看几个定义 size：和SBT里的一样，size[i]为以该点为根节点的子树一共有几个节点。 重儿子：一个节点当不为叶子节点的时候有且只有一个重儿子，重儿子为该点的儿子中size最大的，有多个最大时任选一个。 重链：由根节点开始，每个点每次都访问自己的重儿子，一直访问到叶子节点，就组成了一条重链 那么对于一个点的非重儿子来说，以他为根节点，可以重新访问出一条重链 如图所示... 阅读全文

摘要： 对于二分图，我们可以用匈牙利来求出来最大匹配，但是如果给定每条边一个权值，我们要求这张图的最大匹配最大(小)权，单纯的用匈牙利就没法解决了，当然用费用流也可以做，但是代码较长，在处理完全二分图的时候时间也较长。 我们这时引入一个新的算法，就是KM。 对于KM算法，我们引入顶标概念，规定每个点都有顶标，且左面的点（二分图的左右）的顶标设成X[I]，右面的设成Y[I]，w[i,j]代表i-->j这条边的权值（我们这里求最大权值和），那么满足对于任意边，x[i]+y[j]>=w[i,j]，那么，我们最后肯定可以找到一种匹配方式（完备匹配），使得这种方式中的每一条边都满足x[i]+y[j] 阅读全文

摘要： 我们可以先将无根树变成有根树，随便选一个点当根就行了，我们选1，bfs求出来每个点的size值，代表以它为根节点的子树中有多少个节点，（dfs可能会爆栈），然后再对于每一条边算就好了我tle了，也不知道咋会事儿，可能是pascal的int64的运算有些耗时。。。。/************************************************************** Problem: 2435 User: BLADEVIL Language: Pascal Result: Time_Limit_Exceed*********************... 阅读全文

摘要： 首先我们可以将这道题看成一个数轴，数轴其中的某些点存在一些颜色，我们要选取最短的一段，使这段存在所有颜色，那么我们使用指针i,j表示在j-i位置中包含的颜色，那么初值是0,0，我们先i++，同时添加i位置的颜色，直到j-i中存在所有颜色，然后j++，同时删除颜色，直到不存在所有颜色，然后更新答案，重复这过程，因为i,j只增不减，所以是o(n)的，但是要离散化，还是nlogn的，也算是贪心吧/************************************************************** Problem: 1293 User: BLADEVIL La... 阅读全文

摘要： 这道题根据群论的基础知识，我们可以转化成将n拆分成若干数，求这些数的lcm的方案数先筛下素数表prime那么我们可以用DP来解决这个问题，用W[I,J]代表I这个数，拆成若干个数，其中质因数最大的不超过prime[j]的方案数那么我们可以得到转移W[I,J]:=W[I,J-1]+ΣW[I-prime[j]^k,j-1] （I>=prime[j]）/**************************************************************Problem: 1025User: BLADEVILLanguage: PascalResult: AcceptedT 阅读全文