HDU-1556：Color the ball（前缀和）

Color the ball

Time Limit: 9000/3000 MS (Java/Others)   

Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)

Total Submission(s): 26275    

Accepted Submission(s): 12734

Problem Description

N个气球排成一排，从左到右依次编号为1,2,3....N.每次给定2个整数a b(a <= b),lele便为骑上他的“小飞鸽"牌电动车从气球a开始到气球b依次给每个气球涂一次颜色。但是N次以后lele已经忘记了第I个气球已经涂过几次颜色了，你能帮他算出每个气球被涂过几次颜色吗？

 

Input

每个测试实例第一行为一个整数N,(N <= 100000).接下来的N行，每行包括2个整数a b(1 <= a <= b <= N)。
当N = 0，输入结束。

 

Output

每个测试实例输出一行，包括N个整数，第I个数代表第I个气球总共被涂色的次数。

 

Sample Input

3

1 1

2 2

3 3

3

1 1

1 2

1 3

0

 

Sample Output

1 1 1

3 2 1

 

思路：最开始被涂色次数都是相同的为0，而每次涂色都是对区间内所有的值+1，最坏O（n²）的暴力是不可能暴力的，此处介绍O（n）的前缀和做法，代码量也很少。其实之前我们在POJ3263一题中有介绍过前缀和的思想，即把对一个区间的操作转化为左、右两个端点上的操作。不过上次是口胡的，没有自己画一画的同学应该是一知半解的，这次借此题复习一下。

做法是这样的：开两个数组c、d，我用c数组代表要输出的数组，即气球真实被涂色次数，显然一开始都是0。而用d数组用来“一旦给出一个区间要求我们进行涂色操作，我们将其左右端点在d上标记”。此处先给出c和d的递推关系式，请结合下面的图来理解我们是如何用标记完的d数组来求出所需的c数组。

随意举个例子，比如最开始c和d都是0，我们先涂1~3，则需要d[1]++,d[3+1]--;意味着第1个下标应该比第0个下标的c值多1（实际上是多了d[1]，这里刚修改过一次所以是1），而第4个下标应该比第3个下标的c值少1（同上）。

 

假如这个时候没输入完，我们还不能就这么早求c。在上面的基础上再输入一组，涂2~3，显然这样子结束以后我们要输出的c是：1，2，2。试一下看看对不对。

 

希望这次的图示讲解能把前缀和的大概意思讲明白。这样子有兴趣的同学可以回去重做一下POJ3263，基本思路是一样的，只是区间开闭不同。

此次代码没有注释，因为上面已经解释得差不多了。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;

int n,a,b;
int d[100005],c[100005];

int main()
{
    while(~scanf("%d",&n)&&n)
    {
        memset(d,0,sizeof(d));
        memset(c,0,sizeof(c));
        for(int i=1;i<=n;i++)
        {
            scanf("%d%d",&a,&b);
            if(a>b) swap(a,b);
            d[a]++;
            d[b+1]--;
        }
        for(int i=1;i<=n;i++)
            c[i]=c[i-1]+d[i],printf("%d%c",c[i]," \n"[i==n]);
    }
    return 0;
}