HZOJ Silhouette

转化一下题意：给出矩阵每行每列的最大值，求满足条件的矩阵个数。

先将A，B按从大到小排序，显然没有什么影响。如果A的最大值不等于B的最大值那么无解否则一定有解。

考虑从大到小枚举A，B中出现的数s，那么可以将这个矩形分成一些不同的矩形或者L形使之互不影响，且位置的值在[0,s]中,且每行每列的最大值均为s，最后用分步乘法计数原理求解。

例：

5

1 2 2 3 5

2 2 3 4 5

 

由于矩形是特殊的L形于是我们只考虑L形：

设拐点的矩形为a*b，L上部高为c，左部长为d。

考虑容斥，设f[i]为至少有i行的限制不满足条件（每列都要满足条件），

那么$f[i]=C_a^i * ( s^i * ( (s+1)^{a+c-i} - s^{a+c-i} ))^b * (s^i * (s+1)^{a-i} )^d$

$s^i$保证i行不满足限制，$((s+1)^{a+c-i}-s^{a+c-i})$表示剩下的至少一个满足限制条件（为保证列满足），b次方即每列。这样就考虑完了前b列。

那么多出来的d列呢？大致相同。$(s^i*(s+1)^{a-i})^d$可以发现并没有保证列满足，因为L型左部上面一定比这里大，那么已经保证列满足限制，所以这里就随便选了。

$ans=\prod \sum _{i=0}^{a} -1^i*f[i]$

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define LL long long
using namespace std;
const int mod=1e9+7;
struct Hash_map
{    
    int fi[233333],ni[233333],siz;
    int key[233333],val[233333];
    inline int &operator [] (int x)
    {
        int k=x%233333;int i=fi[k];
        for(;i&&key[i]!=x;i=ni[i]);
        if(!i)i=++siz,key[i]=x,val[i]=0,ni[i]=fi[k],fi[k]=i;
        return val[i];
    }
}ta,tb;
LL poww(LL a,LL b);
LL jc[100010],inv[100010];
LL CC(LL n,LL m){return jc[n]*inv[m]%mod*inv[n-m]%mod;}
int n,A[100010],B[100010],C[200010],cnt;
bool cmp(int a,int b){return a>b;}
LL f[100010];
signed main()
{
//    freopen("silhouette4.in","r",stdin);
    
    jc[0]=inv[0]=1;for(int i=1;i<=100000;i++)jc[i]=jc[i-1]*i%mod,inv[i]=poww(jc[i],mod-2);
    cin>>n;
    for(int i=1;i<=n;i++)cin>>A[i],C[++cnt]=A[i],ta[A[i]]++;
    for(int i=1;i<=n;i++)cin>>B[i],C[++cnt]=B[i],tb[B[i]]++;
    sort(A+1,A+n+1,cmp);sort(B+1,B+n+1,cmp);
    if(A[1]!=B[1]){puts("0");return 0;}
    sort(C+1,C+cnt+1,cmp);cnt=unique(C+1,C+cnt+1)-C-1;

    LL ans=1;
    int la=1,lb=1,na=0,nb=0;    
    for(int i=1;i<=cnt;i++)
    {    
        int s=C[i];
        la=na,lb=nb;
        while(na<n&&A[na+1]==s)na++;
        while(nb<n&&B[nb+1]==s)nb++;
        
        int a=na-la,b=nb-lb,c=la,d=lb;
        LL tem=0;
        for(int j=0;j<=a;j++)
        {
            f[j]=CC(a,j)*poww( ( poww(s,j) * (poww(s+1,a+c-j)-poww(s,a+c-j)%mod) )%mod ,b)%mod*
                 poww( poww(s,j)*poww(s+1,a-j)%mod ,d)%mod;
            if(j&1)tem-=f[j];else tem+=f[j];
            tem=(tem%mod+mod)%mod;
        }
        ans=(ans*tem)%mod;
    }
    printf("%lld\n",ans);
}
LL poww(LL a,LL b)
{
    a%=mod;LL ans=1;
    while(b)
    {
        if(b&1)ans=ans*a%mod;
        a=a*a%mod;b=b>>1;
    }
    return ans;
}