【NOI2015】寿司晚宴
题目链接:http://uoj.ac/problem/129
描述
为了庆祝 NOI 的成功开幕,主办方为大家准备了一场寿司晚宴。小 G 和小 W 作为参加 NOI 的选手,也被邀请参加了寿司晚宴。
在晚宴上,主办方为大家提供了 n−1n−1 种不同的寿司,编号 1,2,3,…,n−11,2,3,…,n−1 ,其中第 ii 种寿司的美味度为 i+1i+1 (即寿司的美味度为从 22 到 nn )。
现在小 G 和小 W 希望每人选一些寿司种类来品尝,他们规定一种品尝方案为不和谐的当且仅当:小 G 品尝的寿司种类中存在一种美味度为 xx 的寿司,小 W 品尝的寿司中存在一种美味度为 yy 的寿司,而 xx 与 yy 不互质。
现在小 G 和小 W 希望统计一共有多少种和谐的品尝寿司的方案(对给定的正整数 pp 取模)。注意一个人可以不吃任何寿司。
输入格式
输入文件的第 11 行包含 22 个正整数 n,pn,p ,中间用单个空格隔开,表示共有 nn 种寿司,最终和谐的方案数要对 pp 取模。
输出格式
输出一行包含 11 个整数,表示所求的方案模 pp 的结果。
样例一
input
3 10000
output
9
样例二
input
4 10000
output
21
样例三
input
100 100000000
output
3107203
限制与约定
测试点编号 | n 的规模 | 约定 |
---|---|---|
1 | 2≤n≤30 | 0<p≤1000000000 |
2 | ||
3 | ||
4 | 2≤n≤100 | |
5 | ||
6 | 2≤n≤200 | |
7 | ||
8 | 2≤n≤500 | |
9 | ||
10 |
时间限制:1s
空间限制:512MB
题解
状压DP
很容易就想到只要两个集合中没有相同的质因数就满足条件了
注意,每个数中>sqrt(500)的数最多只有一个!!
于是,我们可以枚举出<sqrt(500)的质数,共八个
列DP:f[i][j][k]表示选到第i个数,A的状态为j,B的状态为k的方案数
然后呢?
我们对i分解质因数,并记录最大的质数以及它的状态
如:138=2*3*23,所以它的最大的质数为23,状态为3(二进制为11000000)
于是,f[i][j][k]+=f[i-1][j][k],f[i][j|s[i]][k]+=f[i-1][j][k],f[i][j][k|s[i]]+=f[i-1][j][k],
大质数的情况特判一下就好了
代码
#include <cstdio> #include <algorithm> using namespace std; int i,j,k,n,m,x,y,t,mod,prime[9],f[510][1<<8][1<<8][3]; struct data{int bi,su;}p[501]; inline bool cmp(const data&a,const data&b){return a.bi<b.bi;} int add(int &x,int y){x+=y;if (x>=mod)x-=mod;} int main(){ scanf("%d%d",&n,&mod); prime[1]=2;prime[2]=3;prime[3]=5;prime[4]=7;prime[5]=11;prime[6]=13;prime[7]=17;prime[8]=19; for (i=2;i<=n;i++){ int te=i; for (j=1;j<=8;j++) if (te%prime[j]==0){ p[i].su|=1<<j-1; while (te%prime[j]==0)te/=prime[j]; } p[i].bi=te; } sort(p+2,p+1+n,cmp);f[1][0][0][0]=1; for (i=2;i<=n;i++) for (j=0;j<(1<<8);j++) for (k=0;k<(1<<8);k++){ if ((j&k)==0){ if (i==2||p[i].bi==1||p[i].bi!=p[i-1].bi){ int te=0; add(te,f[i-1][j][k][0]);add(te,f[i-1][j][k][1]);add(te,f[i-1][j][k][2]); add(f[i][j][k][0],te);add(f[i][j|p[i].su][k][1],te);add(f[i][j][k|p[i].su][2],te); } else{ if (f[i-1][j][k][0]){add(f[i][j][k][0],f[i-1][j][k][0]);add(f[i][j|p[i].su][k][1],f[i-1][j][k][0]);add(f[i][j][k|p[i].su][2],f[i-1][j][k][0]);} if (f[i-1][j][k][1]){add(f[i][j][k][1],f[i-1][j][k][1]);add(f[i][j|p[i].su][k][1],f[i-1][j][k][1]);} if (f[i-1][j][k][2]){add(f[i][j][k][2],f[i-1][j][k][2]);add(f[i][j][k|p[i].su][2],f[i-1][j][k][2]);} } } } int ans=0;for (i=0;i<(1<<8);i++)for (j=0;j<(1<<8);j++)if ((i&j)==0)for (k=0;k<=2;k++)add(ans,f[n][i][j][k]); printf("%d\n",ans); return 0; }