摘要： tarjan缩点 之后跑一边spfa即可 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 using namespace std; 4 const int N=500010,novis=-1,over=1,nowvis=0; 5 int head1[N],head2 阅读全文

摘要： 强连通分量： 首先tarjan缩点重构图 之后，若出度为0的点仅有一个，那么答案即为该点代表的强连通分量中点的个数 否则，答案为0 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 using namespace std; 4 const int N=10010,M= 阅读全文

摘要： 悬线法，直接做就行，不用取反什么的 小改动：l，r，h 遇到障碍点时赋1不赋0 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 using namespace std; 4 const int N=2001; 5 int c[N][N],l[N][N],r[N][N 阅读全文

摘要： 作用：O（n^2）用来解决最大矩阵和问题 思路：对于 m*n 矩阵中的任意一点，覆盖这个点的最大矩形的面积为，该点向左右最大能延伸的长度之和与向上最大能延伸的长度的乘积。 描述：首先 O(n^2) 预处理，对于矩阵上的每一个点，我们可以： 1.从它向上引一条悬线，遇到边界或障碍点停止，h[i][j] 阅读全文

摘要： 思路： f[i][j]表示前i个公司分配j台机器能得到的最大收益 c[i][j]表示第i个公司分配j台机器能得到的最大收益 这样就可以从上往下推 第三重循环控制变量k为前i-1个公司分配的机器数， 那么显然第i各公司能分到j-k台机器 转移：f[i][j]=max(f[i][j],f[i-1][k] 阅读全文

摘要： 思路： f[i][j]表示前i步在第j个小组的最短天数 转移：f[i][j]=min(f[i-1][j],f[i-1][x])+f[i][j] 注：当j==1时，x=m；else x=j-1 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 using namespa 阅读全文

摘要： 思路： f[i][j]表示第i首歌音量为j是否可行（0/1） 初始f[0][bl]=1; 一层层往下推.最后取第n行最大的j 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 using namespace std; 4 int n,bl,ml,f[51][1001] 阅读全文

摘要： 我们可以以北岸城市为关键字将友好城市排序。 这样就将问题转换成，求南岸最长上升子序列LIS。 顺便提一句LIS的几种算法。 首先是O（n^2）， 设dp[i]表示以i为结尾的最长上升子序列的长度，则状态转移方程为： dp[i] = max{dp[j]+1}, 1<=j<i,a[j]<a[i]. 其次 阅读全文

摘要： 初始状态f[1]=0;f[2]=a[1][2]; 对于每个i，有i-1个中转点j；（中转点可以为1，表示直接到达不进行中转） 这样，可以选择从1直接到达i，或从1到j，再从j到i。取两者最小值。 1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<al 阅读全文

摘要： 思路： 可以开两个堆：一个大根堆，维护 1~~i-1小的数，一个小根堆维护 i~~N小的数。 当每次查询时，输出小根堆顶，从小根堆取最小数到大根堆； 如果更新时小根堆顶小于大根堆顶，交换两堆顶，维护大根堆。 但是，虽然每次输出小根堆顶元素的时候顺便把最小的元素移到大根堆，但在下一个get之前的add 阅读全文