hdu 6082 度度熊与邪恶大魔王(2017"百度之星"程序设计大赛 - 资格赛 )

度度熊与邪恶大魔王

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 251    Accepted Submission(s): 125

Problem Description

度度熊为了拯救可爱的公主，于是与邪恶大魔王战斗起来。
邪恶大魔王的麾下有n个怪兽，每个怪兽有a[i]的生命值，以及b[i]的防御力。
度度熊一共拥有m种攻击方式，第i种攻击方式，需要消耗k[i]的晶石，造成p[i]点伤害。
当然，如果度度熊使用第i个技能打在第j个怪兽上面的话，会使得第j个怪兽的生命值减少p[i]-b[j]，当然如果伤害小于防御，那么攻击就不会奏效。
如果怪兽的生命值降为0或以下，那么怪兽就会被消灭。
当然每个技能都可以使用无限次。
请问度度熊最少携带多少晶石，就可以消灭所有的怪兽。

Input

本题包含若干组测试数据。
第一行两个整数n，m,表示有n个怪兽，m种技能。
接下来n行，每行两个整数，a[i],b[i]，分别表示怪兽的生命值和防御力。
再接下来m行，每行两个整数k[i]和p[i]，分别表示技能的消耗晶石数目和技能的伤害值。
数据范围:
1<=n<=100000
1<=m<=1000
1<=a[i]<=1000
0<=b[i]<=10
0<=k[i]<=100000
0<=p[i]<=1000

Output

对于每组测试数据，输出最小的晶石消耗数量，如果不能击败所有的怪兽，输出-1

Sample Input

1 2

3 5

7 10

6 8

1 2

3 5

10 7

8 6

Sample Output

6

18

Source

2017"百度之星"程序设计大赛 - 资格赛

 

背包

dp[i][j]表示消灭i生命值j防御力的怪物花费的最少晶石

由题目可得  怪物的防御力0-10  所以我们枚举怪物的防御 然后进行完全背包  就可以得到结果

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<string>
#define ll long long
#define eps 1e-10
#define LL unsigned long long
using namespace std;
const int INF=0x3f3f3f3f;
const int N=100000+100;
const int mod=998244353;
int a[N],b[N];
struct node{
    int k,p;
}val[N];
ll dp[1010][20];
ll minn[N];
bool cmp(node a,node b)
{
    return a.k-a.p<b.k-b.p;
}
int main()
{
    int n,m;
    while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
    {
        int maxx1=0;
        int maxx2=0;
        memset(minn,INF,sizeof(minn));
        for(int i=0;i<n;i++){
          scanf("%d%d",&a[i],&b[i]);
          maxx1=max(maxx1,b[i]);
        }
        for(int i=0;i<m;i++){
          scanf("%d%d",&val[i].k,&val[i].p);
          maxx2=max(maxx2,val[i].p);
        }
        for(int i=0;i<1010;i++)
        for(int j=0;j<20;j++)dp[i][j]=1e10;
        for(int j=0;j<=10;j++)dp[0][j]=0;
        sort(val,val+m,cmp);
        for(int k=0;k<=10;k++)
        for(int i=0;i<m;i++)
        for(int j=1;j<=1000;j++){
            if(j-val[i].p+k<=0)dp[j][k]=min((ll)val[i].k,dp[j][k]);
           else
            dp[j][k]=min(dp[j][k],dp[j-val[i].p+k][k]+val[i].k);

        }
        ll ans=0;
        for(int i=0;i<n;i++){
            ans=ans+dp[a[i]][b[i]];
        }
        if(maxx2<=maxx1)cout<<-1<<endl;
        else
            printf("%I64d\n",ans);
    }
    return 0;
}