【Codeforces 1034A】Enlarge GCD

【链接】 我是链接,点我呀:)
【题意】

题意

【题解】

设原来n个数字的gcd为g 减少某些数字之后 新的gcd肯定是g的倍数 即g*x 我们可以枚举这个x值(x>=2) 看看原来的数字里面有多少个是g*x的倍数就可以了 (开个数组_cnd[i]表示数字i有多少个) 为了方便起见 可以先把每个数字a[i]都除g 这样的话相当于在原数组中找到一个大于等于2的数字x 然后新的a[]数组中能被x整除的数字尽可能多(需要删掉的就越少) 这里x只要枚举素数p就好了。 因为如果x是p的倍数的话,能被x整除的数字肯定也都能被p整除,如果x是最后的gcd也没事 枚举p的时候肯定也能得到这个x对应的答案(虽然此时p不一定是最后的gcd)

有个性质,n以内素数的个数约等于n/log(n)
然后如果枚举1..n每个数的倍数的话
复杂度是nlogn
即(n/1+n/2+n/3+....)=n(1/1+1/2+1/3+...+1/n)
≈nlogn
那么平均每个数字需要logn的复杂度
而只要枚举素数,
所以复杂度就为n/lognlogn->趋近于O(n)

【代码】

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 3e5;
const long long M = 15e6;

int n;
int a[N+10],g;
int ssb[M+10],cnt;
bool eul[M+10];
int _cnt[M+10];

int main(){
    ios::sync_with_stdio(0),cin.tie(0);
    cin >> n;
    for (int i = 1;i <= n;i++) cin >> a[i];
    g = a[1];
    for (int i = 2;i <= n;i++) g = __gcd(g,a[i]);
    for (int i = 1;i <= n;i++) {
        a[i]/=g;
        _cnt[a[i]]++;
    }
    for (int i = 2;i <= M;i++)
        if (!eul[i]){
            ssb[++cnt] = i;
            for (int j = 1;j <= cnt;j++){
                if (ssb[j]*i>M) break;
                eul[ssb[j]*i] = true;
                if (i%ssb[j]==0) break;
            }
        }
    int ans = -1;
    for (int i = 1;i <= cnt;i++){
        int temp = 0;
        int p = ssb[i];
        for (int j = p;j<=M;j+=p){
            temp+=_cnt[j];
        }
        int need = n-temp;
        if (need==n) continue;
        if (ans==-1){
            ans = need;
        }else{
            ans = min(ans,need);
        }
    }
    cout<<ans<<endl;
	return 0;
}