2014 清华集训 day2
T1--------------------------------------------------------------------------------------------
简单回路
Description
在一个有障碍点的 n 行 m 列的网格图中,我们用 (x,y) 来表示第 x 行第 y 列的格子。如果该网格图中的回路满足下面两个条件:
不经过任何一个障碍点
回路不自交
则我们称该回路为合法的简单回路。
现在有 Q 个询问,每次询问有多少条合法的简单回路经过了 (x,y) 与 (x+1,y) 之间的边。
Input
第一行输入三个非负整数 n, m,k,表示 n 行 m 列的网格图中有 k 个障碍点。
接下来 k 行,每行两个正整数x,y (1≤x≤n,1≤y≤m),表示 (x,y) 为一个障碍点(可能重复)
接下来一个整数 Q,表示 Q 个询问。
接下来 Q 行,每行两个正整数 x,y (1≤x≤n−1,1≤y≤m),询问有多少条合法的简单回路经过了格子 (x,y) 与 (x+1,y) 之间的边。
Output
输出 Q 行,每行对应一组询问。请将答案 mod(1000000000+7) 之后输出。
Sample Input
4 4 4
2 2
2 4
3 2
4 4
4
1 1
1 4
3 3
2 2
2 2
2 4
3 2
4 4
4
1 1
1 4
3 3
2 2
Sample Output
1
0
1
0
0
1
0
HINT
应该是插头DP,表示不会打,暴力搞搞30分
CODE:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #define REP(i, s, n) for(int i = s; i <= n; i ++) #define REP_(i, s, n) for(int i = n; i >= s; i --) #define MAX_N 10000 + 10 #define mod 1000000000 + 7 using namespace std; int n, m, k, q; int map[MAX_N][MAX_N]; int main(){ scanf("%d%d%d", &n, &m, &k); int x, y; memset(map, 0, sizeof(map)); REP(i, 1, k){ scanf("%d%d", &x, &y); map[y][x] = 1; } REP(i, 1, m) map[i][0] = map[i][n + 1] = 1; if(m == 1){ scanf("%d", &q); while(q --){ int x, y; scanf("%d%d", &x, &y); printf("0\n"); } } else if(m == 2){ scanf("%d", &q); while(q --){ int x, y; scanf("%d%d", &y, &x); int tmp = y, l, r; while((!map[1][tmp]) && (!map[2][tmp])) tmp --; l = y - tmp; tmp = y + 1; while((!map[1][tmp]) && (!map[2][tmp])) tmp ++; r = tmp - (y + 1); cout << l * r << endl; } } return 0; }
T2----------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------
卡常数
Description
在某个诡异的地方,有一座智慧之城,那里的人民平均智商 为 192,智商低于 150 的人都被称为弱智。智慧之城的市长名叫卡常(Karp-de-Chant),他 12 岁时在智慧之城中心大学 Cross Institute 获得博士学位,两年后发明了一种数列 —— 卡常数(Karp-de-Chant Number),该数列可用来解决或优化数论、图论等领域的多种经典难题。后来,卡常数被 Trajan(智慧之城的副市长)用 spaly 树进行扩展后,威力大大增加,可以在线性时间内解决各种网络流问题和其它一些难题。卡常和 Trajan 因此分别被选为正、副市长,他们和智慧之城内的另一些智者一起,领导人民共同建设人类智慧,发挥创造和改进的能力。
然而某一天,智慧之城突然受到了反人类智慧者的袭击,反人类智慧者在城内设置了 N 个摄像头(由于他们的智商很低,只会用摄像头这种垃圾玩意),企图监视城内的人们。卡常、Trajan 决定找到这些摄像头并摧毁它们。
智慧之城里有一个用扩展卡常数原理设计的发射器,将其放在合适位置并设置半径以后,所有位于球心为这个发射器的位置、半径为指定值的球面上的目 标都能被发现。在卡常、Trajan 的带领下,智慧之城的人们用这个发射器进行了若干次实验,并发现了一些摄像头的位置。比较囧的是,每次发射都能且仅能发现一个摄像头,但是,反馈回来的结 果貌似有些不对劲……
后来人们终于找到了这 N 个摄像头的位置,并发现在他们用发射器进行实验的过程中,某些摄像头被移位——这就是导致反馈结果不对劲的原因。但是,在对实验结果进行分析的时候,人们 却肿么也回忆不起每次实验发现的摄像头是哪个了(可能是遭遇了灵异事件导致脑抽),只知道每次实验时发射器的位置和半径。你的任务就是,根据实验数据(为 了防止被反人类智慧者窃取,已经进行了加密)找出每次实验时被发射器找到的摄像头的编号。
Input
第一行两个正整数 N、M,表示摄像头数量(摄像头以 1 到 N 编号)和事件数量。
第二行两个实数 a、b,表示加密参数。
接下来 N 行,每行三个实数 (x,y,z),表示 1 到 N 号摄像头的初始位置坐标。
接下来 M 行,每行描述一个事件,有两种可能的事件(保证其中实数的精度充分高):
0 i x y z,表示将编号为 i 的摄像头的坐标改为 (x,y,z);
1 x y z r,表示进行一次实验,将发射器放在 (x,y,z) 处并设置半径为r,数据保证每次实验能且仅能发现一个摄像头;
加密方式:设函数 f(x)=ax−bsinx,对于所有事件中的参数(i、x、y、z、r),均加密成 f(last_res×原值+1),其中 last_res 为上一个实验事件的返回值(即发现的摄像头编号),若之前未进行过实验则 last_res=0.1。
Output
对于每个实验事件,输出发现的摄像头编号,一个一行。
Sample Input
6 10
1 0
-3.6 7.2 3.6
9.7 0.4 0.5
8.8 -4.7 0.5
9.6 8.2 -5.7
0.3 -9.9 1.5
0.5 -5.7 -1.0
0 1.3 1.92 0.13 1.85
1 1.98 1.55 1.2 2.360183811
1 8.2 0.9 2.1 9.981091248
1 -7.4 -44.0 11.2 83.061927835
1 20.8 -9.6 -11.8 31.598039153
0 10.0 11.2 -19.73 -19.1
0 13.0 7.3 28.6 22.6
0 4.0 22.3 -17.6 1.3
1 -3.2 -14.0 16.6 30.9549661993
0 7.0 -3.1 5.8 -0.9
Sample Output
1
6
2
3
1
6
2
3
1
HINT
比赛时打的是20分的暴力,结果得了40。。。
CODE:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #define REP(i, s, n) for(int i = s; i <= n; i ++) #define REP_(i, s, n) for(int i = n; i >= s; i --) #define MAX_N 65536 + 10 using namespace std; int n, m; double a, b; struct node{ double X, Y, Z; }P[MAX_N]; double last_res = 0.1; double F(double x) { double l = -1e9, r = 1e9; while (l + 1e-9 < r) { double mid = (l + r) / 2; if (a * mid - b * sin(mid) < x) l = mid; else r = mid; } return (l - 1) / last_res; } double dis(double x1, double y1, double z1, double x2, double y2, double z2){ return (x1 - x2) * (x1 - x2) + (y1 - y2) * (y1 - y2) + (z1 - z2) * (z1 - z2); } int main(){ scanf("%d%d%lf%lf", &n, &m, &a, &b); REP(i, 1, n){ cin >> P[i].X >> P[i].Y >> P[i].Z; } last_res = 0.1; int c; double x, y, z, r; while(m --){ scanf("%d", &c); if(c == 0){ scanf("%lf%lf%lf%lf", &r, &x, &y, &z); r = F(r); x = F(x); y = F(y); z = F(z); int i = (int)(r + 0.5); P[i].X = x; P[i].Y = y; P[i].Z = z; } else if(c == 1){ scanf("%lf%lf%lf%lf", &x, &y, &z, &r); r = F(r); x = F(x); y = F(y); z = F(z); REP_(i, 1, n){ if (abs(r * r - dis(x, y, z, P[i].X, P[i].Y, P[i].Z)) < 1e-5){ printf("%d\n", i); last_res = i; break; } } } } return 0; }
T3-----------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------------
矩阵变换
Description
给出一个 N 行 M 列的矩阵A, 保证满足以下性质:
M>N。
矩阵中每个数都是 [0,N] 中的自然数。
每行中, [1,N] 中每个自然数都恰好出现一次。这意味着每行中 0 恰好出现 M−N 次。
每列中,[1,N] 中每个自然数至多出现一次。
现在我们要在每行中选取一个非零数,并把这个数之后的数赋值为这个数。我们希望保持上面的性质4,即每列中,[1,N] 中每个自然数仍然至多出现一次。
Input
第一行一个正整数 T,表示数据组数。
后面包含 T 组数据,各组数据之间无空行。每组数据以两个正整数 N,M 开始,接下来 N 行,每行 M 个用空格隔开的整数,意义如题所述。
Output
对于每组数据输出一行。如果有解,则输出 N 个整数,依次表示每一行取的数是多少。(这应该是一个 1 到 N 的排列)如果无解,则输出任意卖萌表情。
Sample Input
2
5 10
0 1 0 2 3 0 0 4 0 5
2 0 3 0 0 1 0 5 4 0
4 2 1 0 0 0 3 0 5 0
0 3 0 4 0 5 0 1 2 0
1 0 0 3 2 4 5 0 0 0
5 10
0 1 0 2 3 0 0 4 0 5
2 0 3 0 0 1 0 5 4 0
4 2 1 0 0 0 3 0 5 0
0 3 0 4 0 5 0 1 2 0
1 0 0 3 2 4 5 0 0 0
5 10
0 1 0 2 3 0 0 4 0 5
2 0 3 0 0 1 0 5 4 0
4 2 1 0 0 0 3 0 5 0
0 3 0 4 0 5 0 1 2 0
1 0 0 3 2 4 5 0 0 0
5 10
0 1 0 2 3 0 0 4 0 5
2 0 3 0 0 1 0 5 4 0
4 2 1 0 0 0 3 0 5 0
0 3 0 4 0 5 0 1 2 0
1 0 0 3 2 4 5 0 0 0
Sample Output
4 5 3 1 2
5 4 3 1 2
5 4 3 1 2
explanation
两组输入数据是相同的。由于结果不唯一,你可以给出任意一组合法答案
HINT
稳定婚姻(其实就是贪心)
CODE:
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <queue> #define REP(i, s, n) for(int i = s; i <= n; i ++) #define REP_(i, s, n) for(int i = n; i >= s; i --) #define MAX_N 200 + 10 #define MAX_M 400 + 10 using namespace std; int n, m, B[MAX_N][MAX_M], G[MAX_N][MAX_N], N[MAX_N]; int M[MAX_N], num[MAX_N]; queue<int> q; int main(){ int T; scanf("%d", &T); while(T --){ scanf("%d%d", &n, &m); REP(i, 1, n) REP(j, 1, m){ scanf("%d", &B[i][j]); G[i][B[i][j]] = j; } REP(i, 1, n) q.push(i); REP(i, 1, n) num[i] = 1; memset(N, 0, sizeof(N)); while(!q.empty()){ int p = q.front(); q.pop(); for(;;num[p] ++){ if(B[p][num[p]]){ int p1 = B[p][num[p]], p2 = N[p1]; if(p2 == 0 || G[p2][p1] < G[p][p1]){ N[p1] = p; if(p2) q.push(p2); num[p] ++; break; } } } } REP(i, 1, n) M[N[i]] = i; REP(i, 1, n) printf("%d ", M[i]); printf("\n"); } return 0; }