HDU1253 胜利大逃亡 （BFS）

胜利大逃亡

Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 43881    Accepted Submission(s): 15286

Problem Description

Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.

魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.

 

Input

输入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)

特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.

 

Output

对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1.

 

Sample Input

1 3 3 4 20 0 1 1 1 0 0 1 1 0 1 1 1 1 1 1 1 1 0 0 1 0 1 1 1 0 0 0 0 0 1 1 0 0 1 1 0

 

Sample Output

11

 

 

 

思路：bfs三维模板题。存图之后，bfs(0,0,0), 然后就走能到达的点，标记，步数+1，然后判断即可。

比赛的时候怎么也写不出来，貌似边界弄错了（一直以为是存图的原因），后来写的时候还是不对！！ check函数里面if有分号。。。。

通过题目发现了短板，结构体构造函数也忘了。。

 

#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <math.h>
#include <string.h>
#include <stdlib.h>
#include <string>
#include <vector>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <sstream>
#include <stack>
using namespace std;
#define mem(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)x.size()
#define all(x) x.begin(),x.end()
typedef long long ll;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const ll INF =0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double pi = acos(-1.0);
const double eps = 1e-5;
const ll mod = 1e9+7;
//head
int a[60][60][60];
bool vis[60][60][60];
int des[6][3] = {0, 1, 0, 1, 0, 0, 0, -1, 0, -1, 0, 0, 0, 0, -1, 0, 0, 1};//6个方向

struct node{
    int x, y, z;
    int step;
    node(){}
    node(int _x, int _y, int _z, int _step):x(_x), y(_y), z(_z), step(_step){}
}temptop, f;
int _, n, m, l, t;

bool check(int x, int y, int z) {//该点是否满足
    if(x < 0 || x >= n || y < 0 || y >= m || z < 0 || z >= l)
        return false;
    if(vis[x][y][z] || a[x][y][z])
        return false;
    return true;
}

int bfs(int x, int y, int z) {
    queue<node> q;
    q.push(node(x, y, z, 0));//起点入队
    vis[x][y][z] = true;
    while(!q.empty()) {
        temptop = q.front();
        q.pop();
        if(temptop.x == n-1 && temptop.y == m-1 && temptop.z == l-1)//出口
            return temptop.step;
        for(int i = 0; i < 6; i++) {//bfs
            int newx = temptop.x + des[i][0];
            int newy = temptop.y + des[i][1];
            int newz = temptop.z + des[i][2];
            if(check(newx, newy, newz)) {//可以达到就步数+1，标记，入队
                vis[newx][newy][newz] = true;
                q.push(node(newx, newy, newz, temptop.step + 1));
            }
        }
    }
    return -1;//不能达到
}

int main() {
    for(scanf("%d", &_);_;_--) {
        mem(vis, false);
        scanf("%d%d%d%d", &l, &n, &m ,&t);
        for(int k = 0; k < l; k++) {
            for(int i = 0; i < n; i++) {
                for(int j = 0; j < m; j++)
                    scanf("%d", &a[i][j][k]);
            }
        }
        int ans = bfs(0, 0, 0);//起点
        if(ans > t || ans == -1)//不满足的条件
            printf("-1\n");
        else
            printf("%d\n", ans);
    }
}