Codeforces Round #580 (Div. 2)

Solutions


A. Choose Two Numbers

题意:
给出\(A,B\)两个集合,\(A,B\) 集合分别选一个数\(a,b\) ,使得\(a+b\notin\ A,B\)
思路:
每个集合选出最大值,必定满足条件。emmmmm比赛的时候傻了。

//#define DEBUG
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson (rt<<1)
#define rson (rt<<1|1)
const int N=100010;
const int inf=0X3f3f3f3f;
const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps = 1e-6;
const double pi = acos(-1.0);
const int mod = 1000000007;
typedef long long ll;

int a[110];
int main() {
	#ifdef DEBUG
	freopen("in.txt","r",stdin);
	#endif
    int n,m,ans1,ans2;
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
    ans1=*max_element(a+1,a+n+1);
    scanf("%d",&m);
    for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d",&a[i]);
    ans2=*max_element(a+1,a+m+1);
    printf("%d %d\n",ans1,ans2);
}

B. Make Product Equal One

题意:
给出\(a_1,a_2,\dots,a_n\),可以进行任意次操作:选择其中任意一个数\(+1,-1\),使得最后\(a_1{\ast}a_2{\ast}\dots{\ast}a_n=1\)
思路:
负数就变为\(-1\),整数就变为\(1\),但是若负数个数为奇数,则需要有一个变为\(1\),但是存在\(0\)的话,则不需要。

//#define DEBUG
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson (rt<<1)
#define rson (rt<<1|1)
const int N=100010;
const int inf=0X3f3f3f3f;
const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps = 1e-6;
const double pi = acos(-1.0);
const int mod = 1000000007;
typedef long long ll;
 
int main() {
	#ifdef DEBUG
	freopen("in.txt","r",stdin);
	#endif
    int n;
    scanf("%d",&n);
    ll ans=0,ok=0,res=1;
    for(int i=1;i<=n;i++) {
        int x;
        scanf("%d",&x);
        if(x>=1) ans+=x-1;
        else if(x<0) ans+=-1-x,res*=-1;
        else if(!x) ans+=1,ok=1;
    }
    if(ok||res==1) printf("%lld\n",ans);
    else printf("%lld\n",ans+2);
}

C. Almost Equal

题意:
给出数字\(n\),你需要安排的数为\(1\sim2n\),组成一个环。每连续\(n\)个数求一次和\(sum_i\),输出一个合法的序列,使得\({\forall}i,j,\ {\mid}sum_i-sum_j{\mid}{\leq}1\)
思路:
比赛时我构造出序列,然后队友写出\(check\) 代码,构造时发现分为两部分,右边最上面写一个最大的,左边最下面写次大的,然后左边再写次次大的,右边再写次次次大的,交替进行。可以理解为右边为先手,然后左边变为先手。构造完以后,用数组模拟成环,然后前缀和搞一搞模拟\(check\) 即可。
正解:
我们定义\(s_i=a_i+a_{i+1}+a_{i+2}+{\dots}+a_{i+n-1}\)
\(S_{i+1}-S_{i}=\left(a_{i+1}+a_{i+2}+a_{i+3}+\cdots+a_{i+n}\right)-\left(a_{i}+a_{i+1}+a_{i+2}+\cdots+a_{i+n-1}\right)=a_{i+n}-a_{i}\) 根据题意有\({\mid}a_{i+n}-a_i{\mid}{\leq}1\),因为\(a\)数组都是不同的,所以\({\mid}a_{i+n}-a_i{\mid}=1\)
则根据题意有:\(a_{i+n}-a_i,a_{i+n+1}-a_{i+1}\) 有相反的符号。 证:若他们都等于\(1\),则\(S_{i+2}-S_i=(S_{i+2}-S_{i+1})+(S_{i+1}-S_{i})=(a_{i+n+1}-a_{i+1})+(a_{i+n}-a_i)=2\),若都为\(-1\)也一样。因此,对于\(a_{i+n}-a_i\),他们是交替的\(1,-1,1,\dots\)

  • 如果\(n\)为偶数,存在矛盾\(a_{i+n}-a_i=-(a_{(i+n)+n}-a_{i+n})\),但是由于交替,所以他们应该是相等的
  • 如果\(n\)为奇数,\(i:1{\sim}n\)
    • \(i\)为奇数,\(a_i=2i,a_{i+n}=2i-1\)
    • \(i\)为偶数,\(a_i=2i-1,a_{i+n}=2i\)
//#define DEBUG
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson (rt<<1)
#define rson (rt<<1|1)
const int N=100010;
const int inf=0X3f3f3f3f;
const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps = 1e-6;
const double pi = acos(-1.0);
const int mod = 1000000007;
typedef long long ll;

int a[N],b[N],c[4*N];
ll ans[4*N];
int main() {
	#ifdef DEBUG
	freopen("in.txt","r",stdin);
	#endif
    int n;
    scanf("%d",&n);
    bool flag=true;
    int cura=0,curb=0;
    int x=2*n;
    while(x) {
        if(flag) {
            b[++curb]=x--;
            a[++cura]=x--;
        } else {
            a[++cura]=x--;
            b[++curb]=x--;
        }
        flag=!flag;
    }
    int cur=0;
    for(int i=cura;i>=1;i--) c[++cur]=a[i];
    for(int i=curb;i>=1;i--) c[++cur]=b[i];
    int len=cur;
    for(int i=1;i<=len;i++) c[++cur]=c[i];
    //for(int i=1;i<=cur;i++) printf("%d\n",c[i]);
    set<ll> s;
    for(int i=1;i<=n;i++)ans[i]=ans[i-1]+c[i];
	s.insert(ans[n]);
	for(int i=n+1;i<=3*n;i++){
		ans[i]=ans[i-1]-c[i-n]+c[i];
		s.insert(ans[i]);
	}
	if(s.size()>2)puts("NO");
	else if(s.size()==2){
		set<ll>::iterator it=s.begin();
		ll s1,s2;
		s1=*it;
		it++;
		s2=*it;
		if(abs(s1-s2)!=1)puts("NO");
		else {
            puts("YES");
			for(int i=1;i<=2*n;i++)printf("%d%c",c[i],i==2*n?'\n':' ');
		}
	}
	else {
	    puts("YES");
		for(int i=1;i<=2*n;i++)printf("%d%c",c[i],i==2*n?'\n':' ');
	}
}

//#define DEBUG
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define lson (rt<<1)
#define rson (rt<<1|1)
const int N=100010;
const int inf=0X3f3f3f3f;
const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps = 1e-6;
const double pi = acos(-1.0);
const int mod = 1000000007;
typedef long long ll;

int a[2*N];
int main() {
	#ifdef DEBUG
	freopen("in.txt","r",stdin);
	#endif
    int n;
    scanf("%d",&n);
    if(n%2==0) {puts("NO");return 0;}
    puts("YES");
    for(int i=1;i<=n;i++) {
        if(i&1) a[i]=2*i,a[i+n]=2*i-1;
        else a[i]=2*i-1,a[i+n]=2*i;
    }
    for(int i=1;i<=2*n;i++) printf("%d%c",a[i],i==2*n?'\n':' ');
}

D. Shortest Cycle

题意:
给出\(a_1,a_2,{\dots},a_n\),当作图中的\(n\)个点,对于\({\forall}i,j(i{\neq}j),a_i\&a_j{\neq}0\)\(a_i\)\(a_j\)连一条边,然后求最小环。
思路:
比赛时队友考虑二进制,都把\(60\)个位置画出来了。我也准备好\(floyd\)最小环了。但是沙雕了,感觉每个位置都连边,复杂度太大emmmmmm。其实二进制对应位置\(1\)的个数大于\(2\),那么最小环就是\(3\),然后最多\(120\)个点\(60\)条边(可能不确切),然后\(floyd\)跑最小环即可。
\(floyd\)求最小环:\(d[i][j]\)\(i\)\(j\)不包含\(k\)点的最短距离。所以对于当前\(k\),我们已经求得\(1{\sim}k-1\)\(d[i][j]\),然后枚举\(1{\sim}k-1\)\(d[i][j]\),然后更新答案,\(ans=min(ans,a[i][k]+a[k][j]+d[i][j])\),表示包含\(k\)的环,其中\(a\)数组为最初距离。

//#define DEBUG
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100010;
const int inf=0X3f3f3f3f;
const long long INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const double eps = 1e-6;
const double pi = acos(-1.0);
const int mod = 1000000007;
typedef long long ll;

int ans=60;
ll b[N],a[150][150],d[150][150];
int tot;

int main() {
	#ifdef DEBUG
	freopen("in.txt","r",stdin);
	#endif
    int n;
    scanf("%d",&n);
    ll x;
    for(int i=1;i<=n;i++) {
        scanf("%lld",&x);
        if(x) b[++tot]=x;
    }
    for(int i=0;i<=60;i++) {
        int cnt=0;
        for(int j=1;j<=tot;j++) {
            if(b[j]&(1ll<<i)) ++cnt;
        }
        if(cnt>=3) {puts("3");return 0;}
    }
    for(int i=1;i<=tot;i++) {
        for(int j=1;j<=tot;j++)
            if(i==j) d[i][j]=a[i][j]=0;
            else d[i][j]=a[i][j]=inf;
    }
    for(int i=1;i<=tot;i++) {
        for(int j=1;j<=tot;j++) {
            if(i==j) continue;
            if(b[i]&b[j]) a[i][j]=d[i][j]=1;
        }
    }
    //memcpy(d,a,sizeof(a));
    for(int k=1;k<=tot;k++) {
        for(int i=1;i<=k-1;i++) {
            for(int j=1;j<=k-1;j++)
                if(i!=j&&a[i][k]+a[k][j]+d[i][j]<ans)
                    ans=a[i][k]+a[k][j]+d[i][j];
        }
        for(int i=1;i<=tot;i++) {
            for(int j=1;j<=tot;j++)
                if(d[i][j]>d[i][k]+d[k][j])
                    d[i][j]=d[i][k]+d[k][j];
        }
    }
    if(ans==60) puts("-1");
    else printf("%d\n",ans);
}
posted @ 2019-08-22 18:23  Frontierone  阅读(188)  评论(0编辑  收藏  举报