第三十次

A

设 $f_i$ 表示 $n=i$ 时剩下的数，则第一轮取数后问题变为规模小 $\lceil {\displaystyle \frac{i}{k}}\rceil$ 的子问题，

$n=i-\lceil {\displaystyle \frac{i}{k}}\rceil$ 时剩下 $f_{i-\lceil \frac{i}{k}\rceil }$，则 $n=i$ 时剩下第一轮没删的倒数第 $f_{i-\lceil \frac{i}{k}\rceil }$ 个数。

B

设 $f_{i,j}=P(a_i>a_j)$，考虑一次交换 $x,y$ 的操作对 $f$ 的影响。

$i,j$ 均不为 $x,y$ 的 $f_{i,j}$ 显然不被影响，

$f_{i,x},f_{i,y}$ 有 ${\displaystyle \frac{1}{2}}$ 概率不变，有 ${\displaystyle \frac{1}{2}}$ 概率互换，于是 $f_{i,x},f_{i,y}\leftarrow {\displaystyle \frac{f_{i,x}+f_{i,y}}{2}}$，$f_{x,i},f_{y,i}$ 同类。

$f_{x,y},f_{y,x}$ 有 ${\displaystyle \frac{1}{2}}$ 概率不变，有 ${\displaystyle \frac{1}{2}}$ 概率互换，于是 $f_{x,y},f_{y,x}\leftarrow {\displaystyle \frac{f_{x,y}+f_{y,x}}{2}}$。

C

线段树维护斜率单调递增栈大小。

首先左孩子的单调栈是可以直接继承过来的，因为左边没有其他数。考虑右孩子贡献。

如果右孩子的左孩子最大值 $\le$ 左孩子最大值，那么右孩子的左孩子没用，递归求右孩子的右孩子贡献。

否则右孩子的右孩子在右孩子单调栈中的贡献全部继承，递归求右孩子的左孩子贡献。

D

钦定 $n\ge m$。

点 $(i,j)$ 表示还剩 $i$ 个 $\mathtt{\text{Yes}}$，$j$ 个 $\mathtt{\text{No}}$ 的状态，则任意 $(n,m)$ 到 $(0,0)$ 的折线可以表示一个答案序列，

向左走表示选 $\mathtt{\text{Yes}}$，向右走表示选 $\mathtt{\text{No}}$，则红色线段可以表示每个状态下的最优决策，

答对题数即为最优决策和答案序列的重合部分，题目所求即为随机折线期望与多少红色线段重合。

把折线到达斜线上方的部分沿斜线折下来，此时所有折线与 $n$ 条红色线段重合，

而经过斜线，且在斜线上往左走的折线被少算了，

经过 $(i,i)$ 的折线，前 $2i$ 步必有 $i$ 步向右，后 $n+m-2i$ 步必有 $n-i$ 步向右，

则经过 $(i,i)$ 的折线共有 $(\genfrac{}{}{0ex}{}{2i}{i})(\genfrac{}{}{0ex}{}{n+m-2i}{n-i})$ 种，在 $(i,i)$ 处向左走的折线共有 ${\displaystyle \frac{(\genfrac{}{}{0ex}{}{2i}{i})(\genfrac{}{}{0ex}{}{n+m-2i}{n-i})}{2}}$ 种，

少算的贡献即为在斜线上每个点向左走的折线个数之和，即 $\sum _{i=1}^m{\displaystyle \frac{(\genfrac{}{}{0ex}{}{2i}{i})(\genfrac{}{}{0ex}{}{n+m-2i}{n-i})}{2}}$，答案即为 $n+{\displaystyle \frac{\sum _{i=1}^m{\displaystyle \frac{(\genfrac{}{}{0ex}{}{2i}{i})(\genfrac{}{}{0ex}{}{n+m-2i}{n-i})}{2}}}{(\genfrac{}{}{0ex}{}{n+m}{n})}}$。