洛谷P1613 跑路
题目描述
小\(A\)的工作不仅繁琐,更有苛刻的规定,要求小\(A\)每天早上在\(6:00\)之前到达公司,否则这个月工资清零。可是小\(A\)偏偏又有赖床的坏毛病。于是为了保住自己的工资,小\(A\)买了一个十分牛\(B\)的空间跑路器,每秒钟可以跑\(2^k\)千米(\(k\)是任意自然数)。当然,这个机器是用\(longint\)存的,所以总跑路长度不能超过\(maxlongint\)千米。小\(A\)的家到公司的路可以看做一个有向图,小\(A\)家为点\(1\),公司为点\(n\),每条边长度均为一千米。小\(A\)想每天能醒地尽量晚,所以让你帮他算算,他最少需要几秒才能到公司。数据保证\(1\)到\(n\)至少有一条路径。
输入格式
第一行两个整数\(n\),\(m\),表示点的个数和边的个数。
接下来\(m\)行每行两个数字\(u\),\(v\),表示一条\(u\)到\(v\)的边。
输出格式
一行一个数字,表示到公司的最少秒数。
输入输出样例
输入 #1
4 4
1 1
1 2
2 3
3 4
输出 #1
1
说明/提示
【样例解释】
\(1->1->2->3->4\),总路径长度为\(4\)千米,直接使用一次跑路器即可。
【数据范围】
\(50\%\)的数据满足最优解路径长度<=\(1000\);
\(100\%\)的数据满足\(n<=50\),\(m<=10000\),最优解路径长度<=\(maxlongint\)。
思路
想了好久没想出来怎么做,最后还是嫖的别人的思路。此题应运用倍增的思想求解。用三维布尔数组\(f_{i,j,k}\)来表示从\(i\)到\(j\)是否有一条长度为\(2^k\)长度的路径,如果有,那么距离标记为\(1\),即可以一步到达。其次就是转移状态,实际上是个\(dp\)。想出用三维布尔数组存储后的思路就很清晰了,代码也不难写。如果f_{i,k,p}为true并且f_{k,j,p}为true,则f_{i,j,p+1}为true。需要四层循环来转移。但注意到\(n\)很小,最大才\(50\)。而就算把所有的边跑一遍,长度不过是\(log_2 m\),大约是13。复杂度就是\(50^3*13 = 1625000\),完全可以在一秒内跑完。
预处理完距离后再跑一遍floyd,即可切掉这道题目了。
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
using namespace std;
typedef long long int ll;
ll n,m;
bool f[60][60][60];
ll d[60][60];
ll g[60][60];
void floyd(){
for(ll p=0;p<=20;p++){//开20保险
for(ll k=1;k<=n;k++){
for(ll i=1;i<=n;i++){
for(ll j=1;j<=n;j++){
if(f[i][k][p]==1&&f[k][j][p]==1){
f[i][j][p+1]=1;
d[i][j]=1;//可以一步到达
}
}
}
}
}
for(ll k=1;k<=n;k++){
for(ll i=1;i<=n;i++){
for(ll j=1;j<=n;j++){
d[i][j]=min(d[i][j],d[i][k]+d[k][j]);
}
}
}//floyd
}
int main()
{
memset(d,0x3f,sizeof(d));
scanf("%lld%lld",&n,&m);
for(ll i=1;i<=m;i++){
ll x,y;
scanf("%lld%lld",&x,&y);
f[x][y][0]=1;//2的0次方为1
d[x][y]=1;//也可以一步到达
}
floyd();
printf("%lld\n",d[1][n]);
return 0;
}