题目大意

给定一棵 $n$ 个节点的基环树，现在对树上的节点染色，使得每个电都有且仅有一个与他相连的点被染色（不包括自身），求最少染色次数，无解输出 $- 1$

$3 \leq n \leq 10^{5}$

思路

我们考虑一棵普通的树看看怎么解决。

很明显是一个树形 $d p$ 乱搞就好了。

我们先 $d f s$ 找到多出来的那条返祖边，设两个端点分别为 $S, T$

然后我们考虑不合法的情况：

1、 $S$ 染了，但 $T$ 旁边又染了一个。

2、 $T$ 染了，但 $T$ 旁边又染了一个。

3、 $S$ 没染， $T$ 旁边的那个也没染，而且 $T$ 没有其他子树了。

在遇到 $T$ 的时候特判一下就好了。

我们考虑转移。

设 $d p [x] [a] [b]$ 表示现在处理到以 $x$ 为根节点的子树， $x$ 的状态为 $a$ ， $x$ 父亲节点的状态为 $b$ 的最小代价。

设 $w [x] [a]$ 表示以 $x$ 为根的子树中， $x$ 的状态为 $a$ 的最小代价。

设 $v a l = \sum_{y = s o n [x]} w [y] [0]$

如果 $f a [u]$ 被染了，那么 $x$ 的儿子都不能染，所以答案为

d p [x] [a] [b] = v a l + a

否则

d p [x] [a] [b] = min_{y = s o n [x]} (v a l - w [y] [0] + w [y] [1]) + a

code

#include <bits/stdc++.h>
#define LL long long
#define fu(x , y , z) for(x = y ; x <= z ; x ++)
using namespace std;
const int inf = 1e9 + 5 , N = 1e5 + 5;
int hd[N] , cnt , s , t , vis[N] , flg , fs , ft , out , n;
LL f[N][2][2] , w[N][2];
struct E {
    int to , nt;
} e[N << 1];
void add (int x , int y) { e[++cnt].to = y , e[cnt].nt = hd[x] , hd[x] = cnt; }
void dfs (int x , int fa) {
    int y;
    vis[x] = 1;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if (y == fa) continue; 
        if (vis[y]) flg = i;
        else dfs (y , x);
    }
}
LL dp (int x , int fa , int a , int b) {
    if (f[x][a][b]) return f[x][a][b];
    int y;
    LL sum = 0 , ans = inf;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if ((y == fa) || (i == flg) || ((i ^ 1) == flg)) continue;
        if (y == t) {
            if ((a && fs) || (b && ft) || (!a && !fs && out < 3)) return inf;
            w[y][ft] = dp (y , x , ft , (fs | a));
            w[y][!ft] = inf;
            sum += w[y][0];
        }
        else {
            w[y][0] = dp (y , x , 0 , a);
            sum += w[y][0];
            if (!b) w[y][1] = dp (y , x , 1 , a);
        } 
    }
    if (b) return f[x][a][b] = sum + a;
    for (int i = hd[x] ; i ; i = e[i].nt) {
        y = e[i].to;
        if ((y == fa) || (i == flg) || ((i ^ 1) == flg)) continue;
        ans = min (ans , sum - w[y][0] + w[y][1]);
    }
    return f[x][a][b] = ans + a;
}
int main () {
    int x , y;
    LL ans;
    cnt = 1;
    scanf ("%d" , &n);
    for (int i = 1 ; i <= n ; i ++) {
        scanf ("%d%d" , &x , &y);
        add (x , y) , add (y , x);
    }
    dfs (1 , 0);
    s = e[flg].to , t = e[flg ^ 1].to;
    for (int i = hd[t] ; i ; i = e[i].nt) ++out;
    // cout << out << " " << t;
    // return 0;
    fs = ft = 0;
    ans = dp (s , 0 , 0 ,0);
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = 1 , ft = 0;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 1 , 0));
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = 0 , ft = 1;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 0 , 1));
    memset (f , 0 , sizeof (f));
    fs = ft = 1;
    ans = min (ans , dp (s , 0 , 1 , 1));
    if (ans <= 1ll * n) printf ("%lld" , ans);
    else printf ("-1");
    return 0;
}