摘要：
莫队+st表 据说这是经典问题，但是我不会。。。 问题在于莫队怎么算贡献，每次移动一个位置，现在为[l,r],那么就增加了[l-1,r),r的贡献，怎么算呢？我们预处理fl,fr,fl[i]表示以i为开头的前缀和，fr表示以i为结尾的后缀和，这个东西能够相减，但也不是完全满足 每次我们计算贡献的时候 阅读全文
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状压dp 图上怎么跑dp？我们跑三进制状压dp，0表示选了，1表示既没选也没覆盖，2表示没选但是被覆盖了。 状态是dp[dep][S]表示当前走到了深度为dep的节点，状态为S,按照dfs序转移 每次转移就是计算这个点选了没选，然后像树形dp一样更新节点 返祖边也要处理 #include<bits/ 阅读全文
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二分图+矩阵求逆 既然我们考虑b能替换哪些a，那么我们自然要得出b被哪些a表示，这里我们设一个矩阵C,那么C*A = B 为什么呢？直接A*C = B是不可行的，因为都是行向量，不能直接乘，那么我们转置一下，得出At*C=Bt,这样就很科学了，那么再转回来，A*Ct=B,于是Ct=B*A^-1那么矩 阅读全文
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最短路+最小生成树 因为所有东西都只跟加油站有关，那么我们只留加油站就行了。 先预处理出每个点到加油站的最短距离，这个用多源最短路，就是把所有加油站放到堆里，然后就是重构图，我们不用直接连边，计算出每条边的贡献，然后跑最小生成树，这里直接离线查询就行了。 #include<bits/stdc++.h 阅读全文
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拓扑排序+set 如果我们直接记录所有路径是不行的，那么我们要降低路径的数量，于是我们把最短路径转换到边上，这样我们就只有m条路径了。 先计算出f[i]和g[i]表示正反拓扑最长链，把所有g插到set里，然后按照拓扑序依次枚举删点，把之前加入过的边删除，删除g[u]，查询最大值，然后加入后继边每条边 阅读全文
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动态电分治+二分 肯定要枚举所有点对，那么我们建出点分树降低树高，然后每个点存下点分树中所有子树到这个点的距离，然后二分+lower_bound就行了。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 2e5 + 5; names 阅读全文
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动态点分治 先建出点分树，每个点上维护两个堆，s1,s2,分别表示子树中到点分树中父亲的所有长度，每个儿子s1的最大值，那么对于每个点答案就是s2的最大+次大，再维护一个s3保存这个。 首先我们要搞一个带删除的堆，那么我们开两个堆就行了，一个保存元素，一个保存被删除的元素，每次一起弹出就行了 然后是 阅读全文
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后缀自动机+线段树 今天比较颓。。。 既然只出现一次，那么就是right=1，于是我们预处理出每个点的right，然后看是否等于一，如果是就更新答案。 更新答案维护两个线段树，如果当前点在延伸[Min,Max]范围内,那么答案就是end-i+1,如果<Min,那么答案就是Min,于是我们维护end+ 阅读全文
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kdtree 转换一下，看成点，第一位dfs序，第二维深度，那么满足在子树内dfs序限制，然后kdtree上打标记就行了。 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int N = 1e5 + 5, mod = 1e9 + 7; int r 阅读全文
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kdtree 3维kdtree，就是三个维度轮换着切，我们把每个元素看成一个点，坐标是上次出现的位置，下次出现的位置，自己的位置，第一个<l,第二个>r,第三个[l,r],然后kdtree上爆搜剪枝就行了。 kdtree看起来能解决所有偏序问题。 #include<bits/stdc++.h> us 阅读全文