bzoj2159

树形dp+第二类斯特林数

又是这种形式，只不过这次不用伯努利数了

直接搞肯定不行，我们化简一下式子，考虑x^n的组合意义，是把n个物品放到x个箱子里的方案数。那么就等于这个i=1->n,sigma(s[n,i]*A(x,i)),就是枚举要分成几组，这个用斯特林数算，然后把这些组放进箱子里，那么就是A(x,i),A是排列，但是这样还是不行，我们把A(x,i)=C(x,i)*i!,这样就行了，阶乘和斯特林数可以提出来，只要预处理一个点的组合数就行了，也就是∑i=1->n ∑ j=1->k C(dis(u,i),j),这个东西我们可以利用组合数的性质dp，也就是c[i][j]=c[i-1][j]+c[i-1][j-1],记住要减去重复的

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e5 + 5, M = 155, P = 10007;
int n, m, L, now, A, B, Q;
int s[M][M], up[N][M], down[N][M], fac[M];
vector<int> G[N]; 
void dfs(int u, int last)
{
    down[u][0] = 1;
    for(int i = 0; i < G[u].size(); ++i) 
    {
        int v = G[u][i];
        if(v == last) continue;
        dfs(v, u);
        down[u][0] = (down[u][0] + down[v][0]) % P;
        for(int j = 1; j <= m; ++j) down[u][j] = ((down[u][j] + (down[v][j - 1] + down[v][j]) % P) % P) % P;
    }
}
void dfs1(int u, int last)
{
    if(last) 
    {
        up[u][0] = n - down[u][0];
        for(int i = 1; i <= m; ++i)
        {
            up[u][i] = (up[u][i] + ((up[last][i] + up[last][i - 1] + down[last][i] + down[last][i - 1] - down[u][i] - (down[u][i - 1] << 1)) % P + P) % P) % P;
            if(i > 1) up[u][i] = ((up[u][i] - down[u][i - 2]) % P + P) % P;
        }
    }
    for(int i = 0; i < G[u].size(); ++i) 
    {
        int v = G[u][i];
        if(v == last) continue;
        dfs1(v, u); 
    }
}
int main()
{
    scanf("%d%d%d%d%d%d%d", &n, &m, &L, &now, &A, &B, &Q);  
    for(int i = 1; i < n; ++i)
    {  
        now = (now * A + B) % Q; 
        int tmp = min(i, L);  
        int u = i - now % tmp, v = i + 1;  
        G[u].push_back(v);
        G[v].push_back(u);
    }  
    s[0][0] = fac[0] = 1;
    for(int i = 1; i <= m; ++i)
    {
        fac[i] = fac[i - 1] * i % P;
        for(int j = 1; j <= m; ++j) 
            s[i][j] = (s[i - 1][j] * j % P + s[i - 1][j - 1]) % P;
    }
    dfs(1, 0);
    dfs1(1, 0);
    for(int i = 1; i <= n; ++i) 
    {
        int ans = 0;
        for(int j = 1; j <= m; ++j) ans = (ans + s[m][j] * fac[j] % P * (up[i][j] + down[i][j]) % P) % P; 
        printf("%d\n", ans);
    }
    return 0;
}