cf605 div3
https://codeforces.com/contest/1272
A题 。。年轻人老想不一样的姿势。。。折腾半天直接枚举不香吗？ 呸， 真香
B题。。。没仔细看题 WA到自闭
C题。。题目都告诉公式 n*(n+1)/2 了， 折腾半天发现不是 2^n-1不是组合数-{n，0} 然后推出 题目给的公式可还行， 对自己服气哦可真是棒呢
D题。。。有思路但是没写出来， 时间不够。。。。
- A题 Three Friends 直接枚举吧， 已有几种不一样的姿势提供
- B题 Snow Walking Robot
//Recently you have bought a snow walking robot and brought it home
//so the rebot should come back to the home(0, 0)
//and notice you can't visit one point twice(except 0,0)
// ans += string(x, 'c'); //string copy x chars 'c'
- C题 Yet Another Broken Keyboard 模拟跑一遍
- D题 Remove One Element 用两个数组分别记录以 位置pos结尾 和 开始的子串的最大长度，然后 如果 v[pos] < v[pos+2] 求个max(结尾[pos]+开始[pos+2]) 即可， 也可以用 dp
- E题 Nearest Opposite Parity
题意每个点可以到i+a[i] 和 i-a[i] 位置， 问最少步数 从 当前位置到另一个 奇偶性相反的位置(指a[i] a[j] 奇偶性)
先跑一遍记录下一次能到的点并加入队列, 并且把每个点两条路径中能走的都加入图中(二维数组存储), 接下来就遍历队列(直到队列为空) 将每次图中已有的路径能到的点 如果能通过到达该点转折就能到达一个相反parity的话 就更新下点值， 相当于 bfs 通过已有的点确定之前未被确定的点， enmmmmm 我的理解是这样 具体代码 如下
- F题 Two Bracket Sequences //输入两个括号序列串s t 需要把它变成合法的括号串ans , ans 需要包含 s t 的作为子序列
如果不太明白，可以看看这个兄弟写的解释 https://codeforces.com/blog/entry/72132?#comment-563886
通过三维dp[i][j][bal] 贪心求 s位置 i 和 t位置 j 的最小前缀长度和记录当前状态下的（ 或者 ），
每次增加一个 （ 或 ） dp求最小的前缀长度 和 所需的后缀长度，
再由dp[n][m][cbal] 反向添加字符， 故最后需要倒一下
#include <bits/stdc++.h>//cf605 div3 #define ll long long #define _rep(i,a,b) for(int i = (a); i <= (b) ;i++) #define _for(i,a,b) for(int i = (a); i < (b) ;i++) using namespace std; void taskA(){ int q; cin >> q; while(q--){ int a[4]; cin >> a[1] >> a[2] >> a[3]; sort(a+1, a+4); ll ans = a[2]-a[1]+a[3]-a[1]+a[3]-a[2]; if(a[3]-a[1]<=2) ans = 0; for(int i = 4; i > 0; i--) if(ans-i > 0) {ans -= i; break;} cout << ans << endl; }return; }
void taskA1(){ int q,a,b,c; cin >> q; while(q--){ cin >> a >>b >> c; ll ans= 1e18; _rep(i,-1,1) _rep(j,-1,1) _rep(k,-1,1){ int x = a+i; int y = b+j; int z = c+k; ans = min(ans, (ll)(abs(x-y)+abs(y-z)+abs(x-z))); } cout << ans << endl; }return; } void taskA2(){ int t; cin >> t; while(t--){ int a[4]; cin >> a[1] >> a[2] >> a[3]; sort(a+1, a+4); int mx = max(0, a[3]-a[1]-2); cout << mx*2 << endl; }return; }
void taskB(){ int t; cin >> t; while(t--){ string s; cin >> s; int a[27] = {}; for(char ch : s) a[ch-'A']++; int cl = min(a['L'-'A'], a['R'-'A']); int cu = min(a['U'-'A'], a['D'-'A']); if(!cl || !cu) cl = min(cl, 1), cu = min(cu, 1); string ans = ""; //cout << "cl = " << cl << " cu = " << cu << endl; ans += string(cu, 'U');//_for(i,0,cu) ans += 'U'; ans += string(cl, 'L');//_for(i,0,cl) ans += 'L'; ans += string(cu, 'D');//_for(i,0,cu) ans += 'D'; ans += string(cl, 'R');//_for(i,0,cl) ans += 'R'; if(ans.size() == 0){ cout << "0\n\n"; continue;} cout << ans.size() << endl << ans << endl; }return; }
void taskC(){ int n,k; cin >> n >> k; string s; cin >> s; vector<int> used(27, 0); for(int i = 0; i < k; i++) { char ch; cin >> ch; cin.get(); used[ch-'a'] = 1; //cout << "ch = " << ch << endl; } ll ans = 0, cnt = 0; for(int i = 0; i < n; i++) { if(!used[s[i]-'a']) { if(cnt > 0) ans += (cnt*(cnt+1)/2); cnt = 0; } else cnt++; } if(cnt > 0) ans += (cnt*(cnt+1)/2); cout << ans << endl; return; }
void taskC1(){ int n,k; cin >> n >>k; string s; cin >> s; vector<int> v(27,0); _for(i,0,k) { char ch;; cin >> ch; cin.get();v[ch-'a'] = 1;} ll ans = 0; _for(i,0,n){ int pos = i; while(v[s[i]-'a']) i++; ans += 1LL*(i-pos)*(i-pos+1)/2; }cout << ans << endl; return; }
void taskD(){ int n; cin >> n; vector<int> v(n+1); _for(i,0,n) cin >> v[i]; int ans = 0; vector<int> r(n, 1); for(int i = n-2; i >= 0; i--) { if(v[i+1] > v[i]) r[i] = r[i+1]+1; ans = max(ans, r[i]); } vector<int> l(n, 1); _for(i,1,n) { if(v[i] > v[i-1]) l[i] = l[i-1]+1; ans = max(ans, l[i]); } _for(i,0,n-2) if(v[i] < v[i+2])// 需满足才可连起 ans = max(ans, l[i]+r[i+2]); cout << ans << endl; return; }
void taskD1(){ int n; cin >> n; int dp[N][2] = {}; vector<int> v(n, 0); _for(i,0,n) cin >> v[i]; //dp[i][0]记录以i为结尾的子串最大长度 dp[i][1]记录以i-2为结尾的子串加v[i]的子串最大长度 int ans = 0; _for(i,0,n) { dp[i][0] = max(dp[i][0], 1); if(v[i] < v[i+1]){ dp[i+1][0] = max(dp[i+1][0], dp[i][0]+1); dp[i+1][1] = max(dp[i+1][1], dp[i][1]+1); } if(v[i] < v[i+2]) dp[i+2][1] = max(dp[i+2][1], dp[i][0]+1); ans = max(ans, max(dp[i][0], dp[i][1])); //cout << " i = " << i << " dp[i][0] = " << dp[i][0] << " dp[i][1] = " << dp[i][1] << endl; }cout << ans << '\n'; return; }
void taskE(){ int n; cin >> n; vector<int> v(n+1, 0), dp(n+1, -1); int odd = 0, even = 0; _rep(i,1,n) cin >> v[i], v[i]&1 ? odd++ : even++; if(!odd || !even) { _for(i,1,n) cout << "-1 "; cout << "-1\n"; return; } queue<int> q; vector<vector<int> > g(n+1); _rep(i,1,n) { int lf = i-v[i], rg = i+v[i]; if(lf > 0 && lf <= n) { if(v[lf]%2 != v[i]%2) dp[i] = 1; g[lf].push_back(i); } if(rg <= n) { if(v[rg]%2 != v[i]%2) dp[i] = 1; g[rg].push_back(i); } if(dp[i]==1) q.push(i); } while(!q.empty()){ int x = q.front(); q.pop(); for(int it : g[x]){ if(dp[it] == -1 && v[it]%2 == v[x]%2) { dp[it] = dp[x]+1; q.push(it); } } } _for(i,1,n) cout << dp[i] << " "; cout << dp[n] << "\n"; return; }
const int N = 202; const int INF = 1e9; int dp[N][N][2*N]; pair<pair<int, int>, pair<int, char> > p[N][N][2*N]; //dp[i][j][bal]记录贪心 s的位置i 和 t的位置j， bal为括号序列的已有 (数量 - )的数量， 规则括号序列bal为0 void taskF(){ string s,t; cin >> s >> t; int n = s.size(), m = t.size(); _rep(i,0,n) _rep(j,0,m) _for(bal,0,2*N) dp[i][j][bal] = INF; dp[0][0][0] = 0; _rep(i,0,n) _rep(j,0,m) _for(bal,0,2*N) { if(dp[i][j][bal] == INF) continue; int nxi = i + (i<n && s[i]=='('); int nxj = j + (j<m && t[j]=='('); if(bal+1<2*N && dp[nxi][nxj][bal+1] > dp[i][j][bal]+1) { dp[nxi][nxj][bal+1] = dp[i][j][bal]+1; p[nxi][nxj][bal+1] = make_pair(make_pair(i, j), make_pair(bal, '(')); } nxi = i + (i<n && s[i]==')'); nxj = j + (j<m && t[j]==')'); if(bal>=1 && dp[nxi][nxj][bal-1] > dp[i][j][bal]+1) { dp[nxi][nxj][bal-1] = dp[i][j][bal]+1; p[nxi][nxj][bal-1] = make_pair(make_pair(i, j), make_pair(bal, ')')); } } int cbal = 0; _for(bal,0,2*N) if(dp[n][m][bal]+bal < dp[n][m][cbal]+cbal) cbal = bal;//最小前缀串长度 加上需要的后缀串长度 string res = string(cbal, ')'); //cout << " res = " << res << " \n"; //因为dp[n][m][0]从后开始加 所以需要先加后缀串 再加上p中记录的增加的（ ）， 最后倒一下 int ci = n, cj = m; while(ci > 0 || cj > 0 || cbal) {// int nci = p[ci][cj][cbal].first.first; int ncj = p[ci][cj][cbal].first.second; int ncbal = p[ci][cj][cbal].second.first; res += p[ci][cj][cbal].second.second; ci = nci, cj = ncj, cbal = ncbal; } //cout << "res = " << res << '\n'; reverse(res.begin(), res.end()); cout << res << '\n'; return; }
int main(){ //taskA(); //taskB(); //taskC();
//taskD();
//taskE();
//taskF(); return 0; }
