Set1【组合数】-2020杭电多校5
题意:
给你一个集合 \(S=\{1..n\}\)。保证 \(n\) 是奇数,必须执行以下操作,直到集合中只有一个元素:
首先删除 \(S\) 的最小元素(操作 \(1\)),然后从 \(S\) 中随机删除另一个元素(操作 \(2\))。对于每个 \(i∈[1,n]\) ,确定 \(i\) 留在 \(S\) 中的概率。
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6825
分析:
首先,可以发现对于 \(1\leq i \leq \lfloor \frac{n}{2} \rfloor\),其概率均为 \(0\),因为这些数必然会在每次取集合最小数的操作中被取掉。
对于 \(i>\lfloor \frac{n}{2} \rfloor\),其后面的 \(n-i\) 个数,必然是在操作 \(2\) 中被去掉,并且和某一个小的数配对。
其方案数为:
\[\left(
\begin{matrix}
i-1\\
n-i
\end{matrix}
\right)
*(n-i)!
\]
其中的 \((n-i)!\) 是对 \(i\) 后面的 \((n-i)\) 个数进行排列,与前面选出的数进行配对。
对于前面的剩余的 \(i-1-(n-i)=2*i-n-1\) 个数,两两进行配对选择,即每次选取 \(2\) 两个数,但由于每次配对后,每组的位置就确定了,因此要去除排列,
方案数为:
\[\frac{\left(
\begin{matrix}
2i-n-1\\
2,2,2...2
\end{matrix}
\right)}{(\frac{2i-n-1}{2})!}
\]
所以最终 \(i\) 保留下来的方案数为:
\[\begin{align}
cnt[i] & = \left(\begin{matrix}i-1\\n-i\end{matrix}\right)*(n-i)!* \frac{\left(\begin{matrix}2i-n-1\\2,2,2...2\end{matrix}\right)}{(\frac{2i-n-1}{2})!}\\
& = \frac{(i-1)!}{2^{\frac{2i-n-1}{2}}}*\frac{1}{(\frac{2i-n-1}{2})! }
\end{align}
\]
令 \(sum=\sum_{i=1}^{n}{cnt[i]}\),为总的方案数。那么,\(i\) 保留下来的概率为:\(P_i=\frac{cnt[i]}{sum}\)
代码:
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int mod=998244353;
const int N=5e6+5;
ll fac[N],inv[N],cnt[N],invf[N];
ll power(ll a,ll b)
{
ll res=1;
a%=mod;
while(b)
{
if(b&1) res=res*a%mod;
b>>=1;
a=a*a%mod;
}
return res;
}
void init()
{
fac[0]=1;
for(int i=1;i<N;i++)
fac[i]=fac[i-1]*i%mod;
invf[N-5]=power(fac[N-5],mod-2);
for(int i=N-6;i>=0;i--)
invf[i]=invf[i+1]*(i+1)%mod;
inv[0]=1;
inv[1]=1LL*499122177;
for(int i=2;i<N;i++)
inv[i]=inv[i-1]*inv[1]%mod;
}
int main()
{
int T,n;
init();
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%d",&n);
ll sum=0;
for(int i=1;i<=n/2;i++) cnt[i]=0;
for(int i=n/2+1;i<=n;i++)
{
cnt[i]=fac[i-1]*inv[(2*i-n-1)/2]%mod*invf[(2*i-n-1)/2]%mod;
sum=(sum+cnt[i])%mod;
}
ll inv_sum=power(sum,mod-2);
for(int i=1;i<=n;i++)
printf("%lld%c",cnt[i]*inv_sum%mod,i==n?'\n':' ');
}
return 0;
}