折半搜索【p4799】[CEOI2015 Day2]世界冰球锦标赛

Description

今年的世界冰球锦标赛在捷克举行。Bobek 已经抵达布拉格，他不是任何团队的粉丝，也没有时间观念。他只是单纯的想去看几场比赛。如果他有足够的钱，他会去看所有的比赛。不幸的是，他的财产十分有限，他决定把所有财产都用来买门票。

给出 Bobek 的预算和每场比赛的票价，试求：如果总票价不超过预算，他有多少种观赛方案。如果存在以其中一种方案观看某场比赛而另一种方案不观看，则认为这两种方案不同。

Input

第一行，两个正整数 $N$ 和 $M$$(1 \leq N \leq 40,1 \leq M \leq 10^{18})$，表示比赛的个数和 Bobek 那家徒四壁的财产。

第二行，$N$ 个以空格分隔的正整数，均不超过 $10^{16}$，代表每场比赛门票的价格。

Output

输出一行，表示方案的个数。由于 $N$ 十分大，注意：答案 $\le 2^{40}$

显然这个题直接dfs是过不去的$O(2^n)$

但是我们可以一半一半的搜,即折半搜索,复杂度可以降到$O(2^{\frac{n}{2}})$

所以我们取一个$mid$,分别搜前半段和后半段。

然后合并答案的时候就需要令某一个数组变得有序,在其中找到最靠右的合法位置,直接累加即可。

这里用到了$upper$_$bound$

代码

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define R register
#define lo long long

using namespace std;

const int gz=1e6+6e5;

inline void in(R lo &x)
{
	R int f=1;x=0;char s=getchar();
	while(!isdigit(s)){if(s=='-')f=-1;s=getchar();}
	while(isdigit(s)){x=x*10+s-'0';s=getchar();}
	x*=f;
}

lo a[gz],b[gz],mon[42],ans,m;

int sum,cnt,n,mid;

void dfs(R int dep,R lo now)
{
	if(now>m)return;
	if(dep>mid)
	{
		a[++cnt]=now;
		return;
	}
	dfs(dep+1,now+mon[dep]);
	dfs(dep+1,now);
}

void dfss(R int dep,R lo now)
{
	if(now>m)return;
	if(dep>n)
	{
		b[++sum]=now;
		return;
	}
	dfss(dep+1,now+mon[dep]);
	dfss(dep+1,now);
}

int main()
{
	scanf("%d%lld",&n,&m);
	for(R int i=1;i<=n;i++)in(mon[i]);
	mid=(n+1)/2;
	dfs(1,0);dfss(mid+1,0);
	sort(b+1,b+sum+1);
	for(R int i=1;i<=cnt;i++)
		ans+=upper_bound(b+1,b+sum+1,m-a[i])-b-1;
	printf("%lld",ans);
}