数字的反转:
就是将数字倒着存下来而已。(*^__^*) 嘻嘻……
大致思路:将数字一位一位取出来,存在一个数组里面,然后再将其变成数字,输出。
详见代码。
1 while (a) //将每位数字取出来,取完为止 2 { 3 num1[i]=a%10; //将每一个各位取出存在数组里面,实现了将数字反转 4 i++; //数组的变化 5 a/=10; 6 }
趁热打铁 例题:hdu 4554 叛逆的小明
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4554
叛逆的小明
Time Limit: 3000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65535/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 818 Accepted Submission(s):
568
Problem Description
叛逆期的小明什么都喜欢反着做,连看数字也是如此(负号除外),比如:
小明会把1234它看成4321;把-1234看成-4321;把230看成032 (032=32);把-230看成-032(-032=-32)。
现在,小明做了一些a+b和a-b的题目(a, b为整数且不含前导0),如果给你这些题目正确的答案,你能猜出小明会做得到什么答案吗?
小明会把1234它看成4321;把-1234看成-4321;把230看成032 (032=32);把-230看成-032(-032=-32)。
现在,小明做了一些a+b和a-b的题目(a, b为整数且不含前导0),如果给你这些题目正确的答案,你能猜出小明会做得到什么答案吗?
Input
输入第一行为一个正整数T(T<=10000),表示小明共做了T道题。
接下来T行,每行是两个整数x,y(-1000000<=x, y<=1000000), x表示a+b的正确答案,y表示a-b的正确答案。
输入保证合法,且不需考虑a或b是小数的情况。
接下来T行,每行是两个整数x,y(-1000000<=x, y<=1000000), x表示a+b的正确答案,y表示a-b的正确答案。
输入保证合法,且不需考虑a或b是小数的情况。
Output
输出共T行,每行输出两个整数s
t,之间用一个空格分开,其中s表示小明将得到的a+b答案,t表示小明将得到的a-b答案。
Sample Input
3
20 6
7 7
-100 -140
Sample Output
38 24
7 7
-19 -23
题目大意:中文题目,清晰明了~
详见代码。
1 #include <iostream> 2 #include <cstdio> 3 #include <cstring> 4 5 using namespace std; 6 7 int num1[10],num2[10]; 8 9 int main () 10 { 11 int T; 12 scanf("%d",&T); 13 while (T--) 14 { 15 int x,y,a,b,i=0,j=0; 16 int p=0,q=0; 17 scanf("%d%d",&x,&y); 18 memset(num1,0,sizeof(num1)); 19 memset(num2,0,sizeof(num2)); 20 a=(x+y)/2; 21 b=x-a; 22 while (a) 23 { 24 num1[i]=a%10; 25 i++; 26 a/=10; 27 } 28 while (b) 29 { 30 num2[j]=b%10; 31 j++; 32 b/=10; 33 } 34 for (int k=0; k<i; k++) //换成数字 35 p=num1[k]+p*10; 36 for (int l=0; l<j; l++) 37 q=num2[l]+q*10; 38 printf ("%d %d\n",p+q,p-q); 39 } 40 return 0; 41 }
大数加法:
数字很大,假如直接加。很容易超时!所以换一种方法就是直接取出来一位一位加,不过不能换成数字。
1 int l=l1>l2?l1:l2; //在两个之间取一个最长的 2 for (int i=0; i<l; i++) 3 { 4 num3[i]=num1[i]+num2[i]; //一位一位加 5 if (num3[i-1]>9&&i>=1) //考虑进位的问题,如果大于9就需要进位 6 { 7 num3[i]++; 8 } 9 10 } 11 if (num[l-1]>9) //最后一位的进位问题 12 { 13 num[l]++; //仍需要进位 14 l++; //长度需要加一 15 }
例题:hdu 1002 A + B Problem II
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1002
A + B Problem II
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 238717 Accepted Submission(s):
46010
Problem Description
I have a very simple problem for you. Given two
integers A and B, your job is to calculate the Sum of A + B.
Input
The first line of the input contains an integer
T(1<=T<=20) which means the number of test cases. Then T lines follow,
each line consists of two positive integers, A and B. Notice that the integers
are very large, that means you should not process them by using 32-bit integer.
You may assume the length of each integer will not exceed 1000.
Output
For each test case, you should output two lines. The
first line is "Case #:", # means the number of the test case. The second line is
the an equation "A + B = Sum", Sum means the result of A + B. Note there are
some spaces int the equation. Output a blank line between two test
cases.
Sample Input
2
1 2
112233445566778899 998877665544332211
Sample Output
Case 1:
1 + 2 = 3
Case 2:
112233445566778899 + 998877665544332211 = 1111111111111111110
参考以上的详解。将数字一位一位取出来,倒过来相加,在输出~
1 #include <iostream> 2 #include <cstdio> 3 #include <cstring> 4 5 using namespace std; 6 7 int main () 8 { 9 int n,flag=1; 10 char a[8000],b[8000]; 11 int num1[8000],num2[8000],ans[8000]; 12 scanf("%d",&n); 13 while (n--) 14 { 15 int k=0,s=0; 16 scanf("%s%s",a,b); 17 printf ("Case %d:\n",flag++); 18 int len1=strlen(a); 19 int len2=strlen(b); 20 memset(num1,0,sizeof(num1)); 21 memset(num2,0,sizeof(num2)); 22 memset(ans,0,sizeof(ans)); 23 int l=len1>len2?len1:len2; 24 for (int i=len1-1; i>=0; i--) 25 { 26 num1[k]=a[i]-'0'; 27 k++; 28 } 29 for (int j=len2-1; j>=0; j--) 30 { 31 num2[s]=b[j]-'0'; 32 s++; 33 } 34 for (int i=0; i<l; i++) 35 { 36 ans[i]=num1[i]+num2[i]; 37 if (i>=1) 38 if (ans[i-1]>9) 39 { 40 ans[i]++; 41 } 42 //cout<<num1[i]<<" "<<num2[i]<<" "<<ans[i]<<endl; 43 } 44 if (ans[l-1]>9) 45 { 46 ans[l]=1; 47 l++; 48 } 49 printf ("%s + %s = ",a,b); 50 for (int i=l-1; i>=0; i--) 51 printf("%d",ans[i]%10); 52 if (n) 53 printf ("\n"); 54 printf ("\n"); 55 } 56 return 0; 57 }