LeetCode 笔记系列 18 Maximal Rectangle [学以致用]
题目: Given a 2D binary matrix filled with 0's and 1's, find the largest rectangle containing all ones and return its area.
leetcode的题目真是越来越经典了。比如这个题目,就是一道男默女泪的题。
一般人拿到这个题目,除非做过类似的,很难一眼找出一个方法来,更别说找一个比较优化的方法了。
首先一个难点就是,你怎么判断某个区域就是一个矩形呢?
其次,以何种方式来遍历这个2D的matrix呢?
一般来说,对这种“棋盘式”的题目,像什么Queen啦,象棋啦,数独啦,如果没有比较明显的遍历方式,可以采用一行一行地遍历。(好像废话哦。。。)
然后,当遍历到(i, j)的时候,该做什么样的事情呢?想想,嗯,那我可不可以简单看看,以(i,j)为矩形左上角,能不能形成一个矩形,能不能形成多个矩形?那形成的矩形中,我们能不能找一个最大的呢?(有同学问,为毛你要以这个点为左上角,不为左下角,或者其他脚哩?因为我们打算从左到右,从上到下一行一行遍历嘛,这样就不会漏掉,说不定还能做一些优化)
首先,如果(i, j)是0,那肯定没法是矩形了。
如果是1,那么我们怎么找以它为左上角的矩形呢?呼唤画面感!
。。。你TM在逗我?==b
图中圈圈表示左上角的1,那么矩形的可能性是。。。太多啦,怎么数嘛!
我们可以试探地从左上角的1所在的列开始,往下数数,然后呢,比如在第一行,例如是蓝色的那个矩形,我们看看在列上,它延伸了多远,这个面积是可以算出来的。
然后继续,第二行,例如是那个红色的矩形,再看它延伸到多远,哦,我们知道,比第一行近一些,我们也可以用当前离第一行的行数,乘以延伸的距离,得到当前行表示的矩形面积。
但是到了第一个虚线的地方,它远远超过了上面的其他所有行延伸的距离了,注意它的上方都是空心的哦,所以,我们遇到这种情况,计算当前行和左上角1围成的面积的时候,只能取所有前面最小的延伸距离乘以当前离第一行的行数。其实,这对所有情况都是这样的,是吧?于是,我们不是就有方法遍历这些所有的矩形了嘛。
代码如下:
1 /** 2 * 以给出的坐标作为左上角,计算其中的最大矩形面积 3 * @param matrix 4 * @param row 给出坐标的行 5 * @param col 给出坐标的列 6 * @return 返回最大矩形的面积 7 */ 8 private int maxRectangle(char[][] matrix, int row, int col) { 9 int minWidth = Integer.MAX_VALUE; 10 int maxArea = 0; 11 for (int i = row; i < matrix.length && matrix[i][col] == '1'; i++) { 12 int width = 0; 13 while (col + width < matrix[row].length 14 && matrix[i][col + width] == '1') { 15 width++; 16 } 17 if (width < minWidth) {// 如果当前宽度小于了以前的最小宽度,更新它,为下面的矩形计算做准备 18 minWidth = width; 19 } 20 int area = minWidth * (i - row + 1); 21 if (area > maxArea) 22 maxArea = area; 23 } 24 return maxArea; 25 }
这样,我们再对每个点都调用一下上面的这个方法,不是就能求出最大面积了么。
解法一:
public int maximalRectangle(char[][] matrix) { // Start typing your Java solution below // DO NOT write main() function int m = matrix.length; int n = m == 0 ? 0 : matrix[0].length; int maxArea = 0; for(int i = 0; i < m; i++){//row for(int j = 0; j < n; j++){//col if(matrix[i][j] == '1'){ int area = maxRectangle(matrix, i, j); if(area > maxArea) maxArea = area; } } } return maxArea; }
这个需要O(n3),所以没有通过大集合的测试。
leetcode的讨论组给出了一个比较难理解的方法,这里就不采用了。
说说第三个方法。前一个笔记,我们讨论了柱状图的最大矩形面积,那可以O(n)的,学以致用呀!btw,leetcode的这两题也是挨一块儿的,用心良苦。。。。
如果我们把每一行看成x坐标,那高度就是从那一行开始往上数的1的个数。带入我们的maxAreaInHist方法,在O(n2)时间内就可以求出每一行形成的“柱状图”的最大矩形面积了。它们之中最大的,就是我们要的答案。
代码如下:
1 public int maximalRectangle2(char[][] matrix) { 2 int m = matrix.length; 3 int n = m == 0 ? 0 : matrix[0].length; 4 int[][] height = new int[m][n + 1]; 5 //actually we know that height can just be a int[n+1], 6 //however, in that case, we have to write the 2 parts together in row traverse, 7 //which, leetcode just doesn't make you pass big set 8 //所以啊,leetcode是喜欢分开写循环的,即使时间复杂度一样,即使可以节约空间 9 int maxArea = 0; 10 for(int i = 0; i < m; i++){ 11 for(int j = 0; j < n; j++) { 12 if(matrix[i][j] == '0'){ 13 height[i][j] = 0; 14 }else { 15 height[i][j] = i == 0 ? 1 : height[i - 1][j] + 1; 16 } 17 } 18 } 19 for(int i = 0; i < m; i++){ 20 int area = maxAreaInHist(height[i]); 21 if(area > maxArea){ 22 maxArea = area; 23 } 24 } 25 return maxArea; 26 } 27 28 private int maxAreaInHist(int[] height){ 29 Stack<Integer> stack = new Stack<Integer>(); 30 int i = 0; 31 int maxArea = 0; 32 while(i < height.length){ 33 if(stack.isEmpty() || height[stack.peek()] <= height[i]){ 34 stack.push(i++); 35 }else { 36 int t = stack.pop(); 37 maxArea = Math.max(maxArea, height[t] * (stack.isEmpty() ? i : i - stack.peek() - 1)); 38 } 39 } 40 return maxArea; 41 }
这里有一个和leetcode相关的细节。就是本来在计算height数组的时候,我们没有必要分配成代码中的那个样子,一维就可以了,然后在遍历每一行的时候计算当前行的height数组,然后再计算maxArea。这种情况下还是过不了大集合,所以不得不为每一行都保存一个height,先期计算该二维数组。
总结:
1. 学到的新知识要用;
2. 画面感和逻辑分析都很重要,不可偏非。