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A

赛时AC 

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B

题意

 

分析

猜结论题

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C

题意

 

分析

可持久化线段树 

my solution：二分位置后在主席树上求和check，时间复杂度(n+m)*(logn*logn)

std：时间复杂度(n+m)*logn

#include<stdio.h>
#include<bits/stdc++.h>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;

const int maxn = 1e5+7;

int n,q,l,r,a[maxn],root[maxn],cnt;

struct node{
    int l,r,sum;
}t[maxn*40];

void update(int l,int r,int &x,int y,int pos)
{
    t[++cnt]=t[y],t[cnt].sum++,x=cnt;
    if(l==r) return;
    int mid=(l+r)/2;
    if(pos<=mid) update(l,mid,t[x].l,t[y].l,pos);
    else update(mid+1,r,t[x].r,t[y].r,pos);
}

int query(int l,int r,int x,int y,int pos)
{
    if(pos<=l) return t[y].sum-t[x].sum;
    int mid=(l+r)/2;
    int sum=0;
    if(pos<=mid)
    {
        sum+=query(l ,mid, t[x].l, t[y].l, pos);
        sum+=query(mid+1, r, t[x].r, t[y].r, pos);
    }
    else sum+=query(mid+1,r,t[x].r,t[y].r,pos);
    return sum;

}

int main()
{
    while(scanf("%d%d",&n,&q)!=EOF)
    {
        for(int i=1;i<=n;i++)
        t[i].sum=0;

    for(int i=1;i<=n;i++)
        scanf("%d",&a[i]),update(1,n,root[i],root[i-1],a[i]);
    while(q--)
    {
        scanf("%d%d",&l,&r);
        int ql=1,qr=n;
        while(ql<qr)
        {
            int mid=(ql+qr+1)/2;
            if(query(1,n,root[l-1],root[r],mid) >= mid)
                ql=mid;
            else
                qr=mid-1;
        }
        printf("%d\n",ql);
    }
    }
    return 0;
}

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D

题意

 

分析

 

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E

题意

 

分析

 

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F

分析

结构体排序即可

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G

分析

考虑以每个c为分界点，两个串a，b数量的奇偶性相同即可

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H

题意

 

分析

 

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I

题意

 

分析

 

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J

题意

n个结点的完全图，每个图有一个权重wi，现给出n，k，k用二进制表示那些点已经被选了，问你有多少个边的子集为k，一条边的两个端点被选了就可以表示这条边被选了(n<1e5)

分析

从大到小考虑每个1(也就是被选的结点)，考虑它被选了，那么它一定与他前面的0有边，后面的0可有可无，最后对于每个1来说，它们之间的边都是可有可无，乘上2^(1的数量)即可，注意取mod

 

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K

题意

 

分析

 

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Reply

前期和其他队伍一样，试图做A，但题意没弄明白了，这时yxl和czh开了k并上机，搞了半天发现有问题，ym则迅速开了F，并2A，稳住了局面，yxl不久也搞出来K，后ym和czh继续去想(猜)A的题意，一次次失望，终于czh最后猜出了正确的题意，yxl也A掉了G，4题后，最终看出C要用主席树，但我们三个都没写过，剩下一个小时四十分钟等死

Summary

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